7-5-2.组合的基本应用(二)
教学目标
1.使学生正确理解组合的意义;正确区分排列、组合问题;
2.了解组合数的意义,能根据具体的问题,写出符合要求的组合;
3.掌握组合的计算公式以及组合数与排列数之间的关系;
4.会分析与数字有关的计数问题,以及与其他专题的综合运用,培养学生的抽象能力和逻辑思维能力;
通过本讲的学习,对组合的一些计数问题进行归纳总结,重点掌握组合的联系和区别,并掌握一些组合
技巧,如排除法、插板法等.
知识要点
一、组合问题
日常生活中有很多“分组”问题.如在体育比赛中,把参赛队分为几个组,从全班同学中选出几人参加某
项活动等等.这种“分组”问题,就是我们将要讨论的组合问题,这里,我们将着重研究有多少种分组方法的
问题.
一般地,从 n 个不同元素中取出 m 个( m n )元素组成一组不计较组内各元素的次序,叫做从 n 个不同元
素中取出 m 个元素的一个组合.
从排列和组合的定义可以知道,排列与元素的顺序有关,而组合与顺序无关.如果两个组合中的元素完
全相同,那么不管元素的顺序如何,都是相同的组合,只有当两个组合中的元素不完全相同时,才是不同的
组合.
从 n 个不同元素中取出 m 个元素( m n )的所有组合的个数,叫做从 n 个不同元素中取出 m 个不同元素的
组合数.记作 m
nC .
一般地,求从 n 个不同元素中取出的 m 个元素的排列数 n
第一步:从 n 个不同元素中取出 m 个元素组成一组,共有 m
第二步:将每一个组合中的 m 个元素进行全排列,共有 m
根据乘法原理,得到 m
P
n
m
P
n
m
P
m
m
m
C P
.
m
n
1
1
n m
n
n
n
)
(
( )(
3 2 1
2
1
m m
( )( )
因此,组合数
2)
m
.
C
m
n
mP 可分成以下两步:
nC 种方法;
mP 种排法.
这个公式就是组合数公式.
二、组合数的重要性质
一般地,组合数有下面的重要性质: m
C
n
这个公式的直观意义是: m
n m
C
n
( m n )
nC 表示从 n 个
)个元素组成一组的所有分组方法.显然,从 n 个元素中选出 m 个元素的分组方法恰是从 n 个
nC 表示从 n 个元素中取出 m 个元素组成一组的所有分组方法. n m
元素中取出( n m
元素中选 m 个元素剩下的( n m
)个元素的分组方法.
例如,从 5 人中选 3 人开会的方法和从 5 人中选出 2 人不去开会的方法是一样多的,即 3
C
5
规定
nC , 0
nC .
1
1
n
C .
2
5
7-5-2.组合的基本应用(二).题库
教师版
page 1 of 10
例题精讲
模块一、组合之几何问题
【例 1】 在一个圆周上有10 个点,以这些点为端点或顶点,可以画出多少不同的:
⑴ 直线段;⑵ 三角形;⑶ 四边形.
【难度】3 星
【考点】组合之基本运用
【解析】由于10 个点全在圆周上,所以这10 个点没有三点共线,故只要在10 个点中取 2 个点,就可以画出一
条线段;在10 个点中取 3 个点,就可以画出一个三角形;在10 个点中取 4 个点,就可以画出一个四
边形,三个问题都是组合问题.
由组合数公式:
【题型】解答
⑴ 可画出
2
C
10
⑵ 可画出
3
C
10
⑶ 可画出
4
C
10
2
P
10
2
P
2
3
P
10
3
P
3
4
P
10
4
P
4
【答案】⑴ 2
C
10
45
45
10 9
2 1
10 9 8 120
3 2 1
10 9 8 7
4 3 2 1
⑵ 3
C
10
(条)直线段.
(个)三角形.
210
120
(个)四边形.
⑶ 4
C
10
210
【巩固】 平面内有 10 个点,以其中每 2 个点为端点的线段共有多少条?
【考点】组合之基本运用
【解析】这道题不考虑线段两个端点的顺序,是组合问题,实际上是求从10 个元素中取出 2 个元素的组合数,
【难度】2 星
【题型】解答
45
,所以以10 个点中每 2 个点为端点的线段共有 45 条.
由组合数公式, 2
C
10
【答案】 45
10 9
2 1
【巩固】 在正七边形中,以七边形的三个顶点为顶点的三角形共有多少个?
【考点】组合之基本运用
【解析】三角形的形状与三个顶点选取的先后顺序无关,所以这是一个组合问题,实际上是求从 7 个点中选
【难度】2 星
【题型】解答
出 3 个点的选法,等于 3
C
7
【答案】 3
7
C
35
7 6 5
3 2 1
35
(种).
【例 2】 平面内有12 个点,其中 6 点共线,此外再无三点共线.
⑴ 可确定多少个三角形?⑵ 可确定多少条射线?
【考点】组合之基本运用
【解析】⑴ 分三类:
【难度】3 星
【题型】解答
①有 2 个顶点在共线的 6 点中,另1个顶点在不共线的 6 点中的三角形有
6
个;
90
6
2
C
6
②有1个顶点在共线的 6 点中,另 2 个顶点在不共线的 6 点中的三角形有
6
(个);
90
6
2
C
6
6 5
2 1
6 5
2 1
③ 3 个顶点都在不共线的 6 点中的三角形有 3
C
6
20
个.
6 5 4
3 2 1
根据加法原理,可确定 90 90 20
⑵ 两点可以确定两条射线,分三类:
个三角形.
200
①共线的 6 点,确定10 条射线;
②不共线的 6 点,每两点确定两条射线,共有
2
2
C
6
③从共线的 6 点与不共线的 6 点中各取一个点可以确定 6 6 2 72
7-5-2.组合的基本应用(二).题库
教师版
2
30
(条)射线;
6 5
2 1
(条)射线.
page 2 of 10
【答案】⑴ 200
根据加法原理,可以确定10 30 72 112
(条)射线.
⑵112
【巩固】如图,问:⑴ 图1 中,共有多少条线段? ⑵ 图 2 中,共有多少个角?
A
C
1
C
2
C
3
图1
C
4
C
5
B
B
O
P
9
...
图 2
P
3
P
2
P
A
1
【考点】组合之基本运用
【解析】⑴ 在线段 AB 上共有 7 个点(包括端点 A 、 B ).注意到,只要在这七个点中选出两个点,就有
【题型】解答
【难度】1 星
一条以这两个点为端点的线段,所以,这是一个组合问题,而 2
的所有取法,每种取法可以确定一条线段,所以共有 2
7C 条线段.
7C 表示从 7 个点中取两个不同点
由组合数公式知,共有
2
C
7
2
P
7
2
P
2
7 6
2 1
21
(条)不同的线段;
⑵ 从 O 点出发的射线一共有11条,它们是 OA , 1OP , 2OP , 3OP , , 9OP , OB .注意到每两
条射线可以形成一个角,所以,只要看从11条射线中取两条射线有多少种取法,就有多少个角.显
然,是组合问题,共有 2
11C 种不同的取法,所以,可组成 2
11C 个角.
由组合数公式知,共有
【答案】⑴ 2
7
C
21
模块二、组合之应用题
11 10
2 1
55
(个)不同的角.
2
C
11
2
P
11
2
P
2
⑵ 2
C
11
55
【例 3】 6 个朋友聚会,每两人握手一次,一共握手多少次?
【考点】组合之基本运用
【解析】这与课前挑战的情景是类似的.因为两个人握手是相互的, 6 个朋友每两人握手一次,握手次数只
【难度】1 星
【题型】解答
与握手的两个人的选取有关而与两个人的顺序无关,所以这是个组合问题.
由组合数公式知, 2
C
6
【答案】15
6 5 15
2 1
(次).所以一共握手15 次.
【巩固】 某班毕业生中有 20 名同学相见了,他们互相都握了一次手,问这次聚会大家一共握了多少次手?
【考点】组合之基本运用
【题型】解答
【难度】1 星
【解析】 2
C
20
【答案】 2
20
C
20 19
2 1
190
190
(次).
【例 4】 学校开设 6 门任意选修课,要求每个学生从中选学 3 门,共有多少种不同的选法?
【考点】组合之基本运用
【解析】被选中的 3 门排列顺序不予考虑,所以这是个组合问题.
【难度】2 星
【题型】解答
由组合数公式知, 3
C
6
6 5 4
3 2 1
所以共有 20 种不同的选法.
C
20
【答案】 3
6
20
(种).
【例 5】 有 2 克,5 克,20 克的砝码各 1 个,只用砝码和一架已经调节平衡了的天平,能称出
种不
同的质量。
【考点】组合之基本运用 【难度】3 星 【题型】填空
【关键词】希望杯,五年级,一试,第 5 题
7-5-2.组合的基本应用(二).题库
教师版
page 3 of 10
【解析】第一大类:砝码只放一边。共有 1
C
3
2
C
3
放砝码。再分类:两边各放一个,共有 2
3C 种;一边放两个一边放一个有 1
类共有 1
C
3
(种)。根据加法原理,共能称出 7+6=13(种)不同的质量。
1 7
(种);第二大类:两边都
3C 种。所以这一大
或者 32
3C 或者 2
3 3 1 7
3 3 6
2
C
3
3
C
3
【答案】13 种
【例 6】 工厂某日生产的 10 件产品中有 2 件次品,从这 10 件产品中任意抽出 3 件进行检查,问:
(1)一共有多少种不同的抽法?
(2)抽出的 3 件中恰好有一件是次品的抽法有多少种?
(3)抽出的 3 件中至少有一件是次品的抽法有多少种?
【考点】组合之基本运用
【解析】(1)从 10 件产品中抽出 3 件,抽法总数为 3
【难度】3 星
10C =120(种)
2C × 2
8C =56(种)
(2)3 件中恰好一件次品,那么还有两件正常品.
抽法总数为 1
(3)与“至少有一件是次品”互补的事件是“全都不是次品”
全都不是次品的抽法总数为 3
所以至少有一件次品的抽法总数为 120-56=64(种).
(3)64
8C =56(种)
(2)56
【答案】(1)120
【题型】解答
【例 7】 200 件产品中有 5 件是次品,现从中任意抽取 4 件,按下列条件,各有多少种不同的抽法(只要求
列式)?⑴都不是次品;⑵至少有 1 件次品;⑶不都是次品.
【难度】3 星
【题型】解答
【考点】组合之基本运用
【解析】第⑴题:与顺序无关;都不是次品,即全部都是正品,正品有 195 件.第⑵题:与顺序无关;至少
有 1 件次品,即有 1 件次品、2 件次品、3 件次品、4 件次品等四类情况,次品共 5 件.可用直接法
解答,也可用间接法解答.第⑶题:与顺序无关;不都是次品,即至少有 1 件是正品.
⑴都不是次品,即全部为正品.
共有抽法 4
⑵至少有 1 件次品,包括 1 件、2 件、3 件、4 件次品的情况.
共有抽法 3
4
2
2
(
)
C
C C C C
种).
5
195
195
5
⑶不都是次品,即至少有 1 件正品.
4
共有抽法 1
3
3
2
2
1
(
C C
C C C
C C
195
195
5
195
5
195
5
⑵ 4
4
)
(
C
C
200
195
C 种).
⑶ 4
(
C
200
种(或 4
(
C
200
【答案】⑴ 4
195C
种(或 4
(
C
200
195C 种.
1
3
C C
195
5
4
C
5
C
4
195
1
5
)
4
5
)
)
)
【例 8】 某班要在 42 名同学中选出 3 名同学去参加夏令营,问共有多少种选法?如果在 42 人中选 3 人站成
一排,有多少种站法?
【考点】组合之基本运用
【解析】要在 42 人中选 3 人去参加夏令营,那么,所有的选法只与选出的同学有关,而与三名同学被选出的
【题型】解答
【难度】3 星
顺序无关.所以,应用组合数公式,共有 3
要在 42 人中选出 3 人站成一排,那么,所有的站法不仅与选出的同学有关,而且与三名同学被选出
的顺序有关.所以,应用排列数公式,共有 3
42C 种不同的选法.
42P 种不同的站法.
由组合数公式,共有
C
3
42
由排列数公式,共有 3
P
42
【答案】 3
P
42
68880
42 41 40
3
P
42
3
P
3
42 41 40 68880
3 2 1
11480
(种)不同的选法;
(种)不同的站法.
【例 9】 将三盘同样的红花和四盘同样的黄花摆放成一排,要求三盘红花互不相邻,共有__________种不同
的方法.
【考点】组合之基本运用
【关键词】希望杯,1 试
【解析】因为三盘红花不能相邻,所以可以先将四盘黄花摆好,红花只能摆在黄花之间或者黄花的两边.这
样 共 有 5 个 空 , 每 个 空 最 多 只 能 放 一 盘 红 花 , 相 当 于 从 5 个 元 素 中 取 出 3 个 , 所 以 共 有
【题型】解答
【难度】1 星
7-5-2.组合的基本应用(二).题库
教师版
page 4 of 10
3
C
5
【答案】 3
C
5
5 4 3 10
1 2 3
10
种不同的放法.
【例 10】在一次合唱比赛中,有身高互不相同的 8 个人要站成两排,每排 4 个人,且前后对齐.而且第二
排的每个人都要比他身前的那个人高,这样才不会被挡住.一共有多少种不同的排队方法?
【考点】组合之基本运用
【解析】因为所有人的身高两两不同,所以只要确定了位于同一列的两个人是谁,也就确定了他们的前后关
【题型】解答
【难度】2 星
系.所以排队方法总数为:
2
C C C
8
28 15 6 2520
2
6
2
4
【答案】 2520
(种).
【例 11】 在一次考试的选做题部分,要求在第一题的 4 个小题中选做 3 个小题,在第二题的 3 个小题中选做 2
个小题,在第三题的 2 个小题中选做1 个小题,有多少种不同的选法?
【考点】组合之基本运用
【解析】由于选做的题目只与选取的题目有关,而与题目的顺序无关,所以在三道题中选题都是组合问题.
【题型】解答
【难度】1 星
第一题中, 4 个小题中选做 3 个,有 3
C
4
第二题中, 3 个小题中选做 2 个,有 2
C
3
第三题中, 2 个小题中选做1个,有 1
C
2
4 3 2
3 2 1
3 2
3
2 1
2 1
1
2
4
(种)选法;
(种)选法;
(种)选法.
根据乘法原理,一共有 4 3 2
【答案】 24
24
(种)不同的选法.
【例 12】某年级 6 个班的数学课,分配给甲、乙、丙三名数学老师任教,每人教两个班,分派的方法有多少
种?
【考点】组合之基本运用
【解析】分三步进行:
【难度】3 星
【题型】解答
第一步,取两个班分配给甲,与先后顺序无关,是组合问题,有 2
C
6
(种)选法;
第二步,从余下的 4 个班中选取两个班给乙,有 2
C
4
第三步,剩余的两个班给丙,有1种选法.
根据乘法原理,一共有15 6 1 90
(种)不同的分配方法.
【答案】 90
6 5 15
2 1
(种)选法;
4 3
2 1
6
【例 13】将 19 枚棋子放入 5 5 的方格网内,每个方格至多只放一枚棋子,且每行每列的棋子个数均为奇数
个,那么共有________种不同的放法.
【难度】2 星
【题型】解答
【考点】组合之基本运用
【关键词】迎春杯,高年级,初赛
【解析】 5 5 的方格网共有 25 个方格,放入 19 枚棋子,说明还有 6 个空格.由于棋子的数目较多,直接考
【解析】
虑棋子比较困难,可以反过来考虑 6 个空格.由于每行每列的棋子个数均为奇数个,而每行每列都
有 5 个方格,说明每行每列的空格数都是偶数个.那么每行每列的空格数可能为 0,2 或 4.如果有
某一行或某一列的空格数为 4 个,为保证每行每列的空格数都是偶数个,那么这 4 个空格所在的列
或行都至少还有另外 1 枚棋子,这样至少有 8 个空格,与题意不符,所以每行每列的空格数不能为
4 个,只能为 0 个或 2 个.则肯定是某 3 行和某 3 列中每行每列各有 2 个空格,如下:
□□○
□○□
○□□
其中□表示空格,○表示有棋子的方格,其它的方格则全部有棋子.
选择有空格的 3 行 3 列有 3
3
C C
5
5
行每列选择 1 枚棋子)有 3 2 1 6
种选法,所以总共有100 6 600
种选法,在这 3 行 3 列中选择 6 个空格(也相当于每
种不同的放法.
10 10 100
7-5-2.组合的基本应用(二).题库
教师版
page 5 of 10
【答案】 600
【例 14】甲射击员在练习射击,前方有三种不同类型的气球,共 3 串,有一串是红气球 3 个,有一串是黄
气球 2 个,有一串是绿气球 4 个,而且每次射击必须射最下面的气球,问有多少种不同的射法?
红
黄
绿
【考点】组合之基本运用
【解析】根据射击规则,任意一种打法都对应三个红色气球,二个黄色气球,四个绿色气球,即 9 个物体的
【解析】
【题型】解答
【难度】3 星
种排列方法.
排列,当然有 9 8 7 6 5 4 3 2 1
但是,其中三个红色气球是不能随意排列的,应该是固定由下到上的,而上面却包括了它的随意排
列的情况,所以应该除以 3 2 1
所以共有射击方法: (9 8 7 6 5 4 3 2 1)
(2 1)
(9 8 7 6 5 4)
,其他黄色气球、绿色气球依此类推.
(3 2 1)
(4 3 2 1)
(种).
(2 1)
(4 3 2 1)
1260
本题也可以这样想:任意一种打法都对应 9 个物体的排列,从中先选出 3 个位置给红色气球,有 3
9C
种选法;这 3 个红色气球的顺序是固定的,所以它们之间只有一种排列顺序;再从剩下的 6 个位置
中选出 2 个给黄色气球,有 2
6C 种选法;它们之间也只有一种排列顺序;剩下的 4 个位置给绿色气球,
它们之间也只有一种排列顺序.所以,根据乘法原理,共有 3
2
C C
9
6
种不同的射法.
1260
【答案】1260
【例 15】某池塘中有 A B C、 、 三只游船, A 船可乘坐 3 人, B 船可乘坐 2 人, C 船可乘坐1 人,今有 3 个成
人和 2 个儿童要分乘这些游船,为安全起见,有儿童乘坐的游船上必须至少有个成人陪同,那么他
们 5 人乘坐这三支游船的所有安全乘船方法共有多少种?
【考点】组合之基本运用
【解析】由于有儿童乘坐的游船上必须至少有1个成人陪同,所以儿童不能乘坐 C 船.
【题型】解答
【难度】3 星
3
⑴若这 5 人都不乘坐 C 船,则恰好坐满 A B、 两船,①若两个儿童在同一条船上,只能在 A 船上,此
时 A 船上还必须有1 个成人,有 1
C 种方法;②若两个儿童不在同一条船上,即分别在 A B、 两船
3
上,则 B 船上有1 个儿童和1 个成人,1 个儿童有 1
C 种选择,1 个成人有 1
C 种选择,所以有
3
2
2 3 6
种方法.故 5 人都不乘坐 C 船有 3 6 9
⑵若这 5 人中有1人乘坐 C 船,这个人必定是个成人,有 1
C 种选择.其余的 2 个成人与 2 个儿童,
3
①若两个儿童在同一条船上,只能在 A 船上,此时 A 船上还必须有1个成人,有 1
C 种方法,所以
2
种方法;②若两个儿童不在同一条船上,那么 B 船上有1个儿童和1个成人,此时1 个
此时有 3 2 6
儿童和1个成人均有 1
种方法;故 5 人中有1人乘坐 C 船
C 种选择,所以此种情况下有 3 2 2 12
2
有 6 12 18
所以,共有 9 18 27
种安全方法;
3
2
种安全方法.
种安全乘法.
2
3
2
【答案】 27
【例 16】有蓝色旗 3 面,黄色旗 2 面,红色旗1 面.这些旗的模样、大小都相同.现在把这些旗挂在一个旗
杆上做成各种信号,如果按挂旗的面数及从上到下颜色的顺序区分信号,那么利用这些旗能表示
多少种不同信号?
【考点】组合之基本运用
【解析】按挂旗的面数来分类考虑.
【难度】2 星
【题型】解答
第一类:挂一面旗.从蓝、黄、红中分别取一面,可以表示 3 种不同信号;
P 种);黄 蓝( 2
P 种);红 蓝( 2
第二类:挂两面旗.按颜色分成:红 黄( 2
P 种);
2
2
2
黄 黄(1种);蓝 蓝(1种);共 8 种;
第三类:挂三面旗.按颜色分类:红 蓝 蓝( 1
C 种);红 黄 黄( 1
C 种);红 黄 蓝( 3
P
3
3
3
2
2
3
3
2
6
7-5-2.组合的基本应用(二).题库
教师版
page 6 of 10
3
3
2 12
2 12
4
种);黄 黄 蓝( 1
C 种);黄 蓝 蓝( 1
C 种);蓝 蓝 蓝(1种);共19 种;
3
3
第四类:挂四面旗.按颜色分类:红 黄 黄 蓝( 2
C 或 4
P 种);红 黄 蓝 蓝
4
4
( 2
C 或 4
P 种);红 蓝 蓝 蓝( 1
C 种);黄 黄 蓝 蓝( 2
4
种);黄
4
4
4
4
蓝 蓝 蓝( 1
C 种),共 38 种;
4
第五类:挂五面旗.按颜色分类:红 黄 黄 蓝 蓝( 3
1
30
C C C
5
1
( 3
C 种);黄 黄 蓝 蓝 蓝( 3
2
种),共 60 种;
10
C C
5
5
2
第六类:挂六面旗.红 黄 黄 蓝 蓝 蓝( 3
2
种).
6
3
根据加法原理,共可以表示 3 8 19 38 60 60 188
种不同的信号.
种);红 黄 蓝 蓝 蓝
1
C C C
1
2 1 20
C C
2 12
2 12
60
6
2
3
2
2
【答案】188
【例 17】从10 名男生, 8 名女生中选出 8 人参加游泳比赛.在下列条件下,分别有多少种选法?
⑴恰有 3 名女生入选;⑵至少有两名女生入选;⑶某两名女生,某两名男生必须入选;
⑷某两名女生,某两名男生不能同时入选;⑸某两名女生,某两名男生最多入选两人.
【考点】组合之基本运用
【解析】⑴恰有 3 名女生入选,说明男生有 5 人入选,应为 3
5
C C
8
10
【题型】解答
14112
【难度】3 星
种;
;
1
C
8
8
C
10
7
C
10
4
C
14
43758
43758 1001 42757
⑵要求至少两名女生人选,那么“只有一名女生入选”和“没有女生入选”都不符合要求.运用包含与
排除的方法,从所有可能的选法中减去不符合要求的情况:
8
C
18
⑶ 4 人必须入选,则从剩下的14 人中再选出另外 4 人,有 4
C
14
⑷从所有的选法 8
18C 种中减去这 4 个人同时入选的 4
8
C
18
⑸分三类情况: 4 人无人入选; 4 人仅有1人入选; 4 人中有 2 人入选,共:
6
7
2
8
1
C C
C C
C
14
14
4
14
4
【答案】⑴ 3
5
14112
C C
种;
10
8
1
7
8
⑵ 8
C
C
C
C
8
10
18
10
⑶ 4
1001
C
种;
14
4
⑷ 8
43758 1001 42757
C
C
14
18
1
7
⑸ 8
34749
C
C C
4
14
14
14C 种:
6
C C
14
2
4
34749
43758
1001
种;
.
.
;
.
.
【例 18】从 4 名男生, 3 名女生中选出 3 名代表.
⑴ 不同的选法共有多少种?
⑵ “至少有一名女生”的不同选法共有多少种?
⑶ “代表中男、女生都要有”的不同选法共有多少种?
【考点】组合之基本运用
【难度】3 星
【题型】解答
【解析】⑴ 相当于从 7 名学生中任意选 3 名,不同的选法有 3
C
7
⑵ 方法一:可以分成三类:
7 6 5
3 2 1
35
(种).
①选1名女生,选 2 名男生.由乘法原理,有 1
C C
3
2
4
②选 2 名女生,选1名男生.由乘法原理,有 2
C C
3
1
4
4 3
2 1
3
18
3 2 4 12
2 1
(种)选法;
(种)选法;
③选 3 名女生,男生不选,有1种选法.
根据加法原理,“至少有一名女生”的不同选法有18 12 1 31
方法二:先不考虑对女生的特殊要求,从从 7 名学生中任意选 3 名,有 3
C
7
考虑一个女生都不选的情况,则 3 名代表全产生于男生中,有 3
C
4
所以,至少选一名女生的选法有 35 4 31
种,这种“去杂法”做起来也比较简单.
7-5-2.组合的基本应用(二).题库
教师版
page 7 of 10
(种).
7 6 5
3 2 1
4 3 2
3 2 1
35
(种)选法;
4
(种)选法,
⑶ “代表中男、女生都要有”,可以分成两类:
①1名男生, 2 名女生,由乘法原理,有 2
C C
3
1
4
② 2 名男生,1名女生,由乘法原理,有 1
C C
3
2
4
3 2 4 12
2 1
3
18
4 3
2 1
(种)选法;
(种)选法.
根据加法原理,“代表中男、女生都要有”的不同选法共有12 18 30
(种).
【小结】选择问题是组合问题中的一类常见问题,可根据具体情况从正面考虑或逆向求解,采用“去杂法”.
【答案】⑴ 3
7
⑵ 31
⑶ 30
C
35
【巩固】在 6 名内科医生和 4 名外科医生中,内科主任和外科主任各一名,现要组成 5 人医疗小组送医下乡,
按照下列条件各有多少种选派方法?
⑴ 有 3 名内科医生和 2 名外科医生;
⑵ 既有内科医生,又有外科医生;
⑶ 至少有一名主任参加;
⑷ 既有主任,又有外科医生.
【考点】组合之基本运用
【解析】⑴ 先从 6 名内科医生中选 3 名,有 3
C
6
【难度】4 星
【题型】解答
20
种选法;再从 4 名外科医生中选 2 名,共有
6 5 4
3 2 1
C
2
4
4 3
2 1
6
种选法.根据乘法原理,一共有选派方法 20 6 120
种.
⑵ 用“去杂法”较方便,先考虑从10 名医生中任意选派 5 人,有 5
C
10
10 9 8 7 6
5 4 3 2 1
252
种选派方
法;再考虑只有外科医生或只有内科医生的情况.由于外科医生只有 4 人,所以不可能只派外科
医生.如果只派内科医生,有 5
C
种既有内科医
6
生又有外科医生的选派方法.
种选派方法.所以,一共有 252 6
246
C
6
1
6
⑶ 如果选1 名主任,则不是主任的 8 名医生要选 4 人,有
2
4
C
8
2
140
种选派方法;
如果选 2 名主任,则不是主任的 8 名医生要选 3 人,有
1
3
C
8
1
种选派方法.根据
8 7 6 5
4 3 2 1
8 7 6
56
3 2 1
加法原理,一共有140 56 196
种选派方法.
⑷ 分两类讨论:
①若选外科主任,则其余 4 人可任意选取,有 4
C
9
9 8 7 6
4 3 2 1
126
种选取方法;
②若不选外科主任,则必选内科主任,且剩余 4 人不能全选内科医生,用“去杂法”有
4
C
8
4
C
5
5 4 3 2
4 3 2 1
根据加法原理,一共有126 65 191
8 7 6 5
4 3 2 1
65
种选取法.
种选派方法.
⑶196
⑷191
【答案】⑴120
⑵ 246
【例 19】在 10 名学生中,有 5 人会装电脑,有 3 人会安装音响设备,其余 2 人既会安装电脑,又会安装音
响设备,今选派由 6 人组成的安装小组,组内安装电脑要 3 人,安装音响设备要 3 人,共有多少种
不同的选人方案?
【考点】组合之基本运用
【解析】按具有双项技术的学生分类:
【难度】4 星
【题型】解答
⑴ 两人都不选派,有 3
C
5
(种)选派方法;
5 4 3 10
3 2 1
若此人要安装电脑,则还需 2 人安装电脑,有 2
C
5
⑵ 两人中选派1人,有 2 种选法.而针对此人的任务又分两类:
5 4 10
2 1
3 人全选派上,只有1种选法.由乘法原理,有10 1 10
若此人安装音响设备,则还需从 3 人中选 2 人安装音响设备,有 2
C
3
(种)选法;
(种)选法,而另外会安装音响设备的
3 2
2 1
3
(种)选法,需从 5 人
7-5-2.组合的基本应用(二).题库
教师版
page 8 of 10