2023年四川广元中考物理真题及答案.doc-资料库

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2023 年四川广元中考物理真题及答案说明： 1.全卷满分 100 分，考试时间 70 分钟。 2.本试题卷分为第 I 卷（选择题）和第 II 卷（非选择题）两部分，共四个大题，26 个小题。 3.考生必须在答题卡上答题，写在试卷上的答案无效。选择题必须使用 2B 铅笔填涂答案，非选择题必须使用 0.5 毫米黑色墨迹签字笔答题。 4.考试结束，将答题卡和试卷一并交回。一、选择题（本题共 12 个小题，每小题只有一个答案最符合题意。每小题 3 分，本题共 36 分）第 I 卷选择题（共 36 分） 1. 下列说法正确的是（） A. 太阳能属于二次能源 B. 我国北斗卫星导航系统是通过电磁波传递信息的 C. 光在真空中的传播速度是 340m/s D. 英国物理学家法拉第发现了电流的磁效应【答案】B 【解析】【详解】A．一次能源是指直接获得就可以利用的能源；而二次能源是由一次能源转化来的，太阳能是直接获得就可以利用的能源，属于一次能源，故 A 错误； B．电磁波能在真空中传播，我国北斗卫星导航系统是通过电磁波向地面传递信息，故 B 正确； C．光在真空中的传播速度约为 3.0×108m/s，故 C 错误； D．英国物理学家法拉第最先发现电磁感应现象，奥斯特发现了电流的磁效应。故 D 错误。故选 B。 2. 在学校艺术节中，小明演唱了歌曲《我和我的祖国》，关于他在歌唱中的声现象，下列说法中不正确的是（） A. 歌声是由小明的声带振动产生的 B. 小明的歌声通过空气传播到同学们的耳朵 C. 小明的朋友根据音色可以判断是小明在唱歌 D. 小明唱歌时使用话筒扩音，是为了改变声音的音调【答案】D 【解析】学科网（北京）股份有限公司

【详解】A．根据声音的产生条件可知，歌声是由小明的声带振动产生的，故 A 正确，不符合题意； B．由于声音的传播需要介质，可知小明的歌声通过空气传播到同学们的耳朵，故 B 正确，不符合题意； C．不同的声音的音色不同，可知小明的朋友根据音色可以判断是小明在唱歌，故 C 正确，不符合题意； D．小明唱歌时使用话筒扩音，这增大了振幅，为了改变声音的响度，故 D 错误，符合题意。故选 D。 3. 某物理兴趣小组在“探究凸透镜成像规律”时，将焦距为 10cm 的凸透镜固定在光具座上 50cm 刻度线处，光屏和点燃的蜡烛分别位于凸透镜两侧，实验前调整好实验器材。如图所示，将蜡烛移至 25cm 刻度线处，移动光屏，呈现在光屏上清晰的像的特点是（） A. 倒立、缩小的实像 C. 倒立、放大的实像【答案】A 【解析】 B. 正立、放大的虚像 D. 与投影仪的成像特点相同【详解】凸透镜的焦距是 10cm，由题可知，此时的物距是 25cm，物距大于 2 倍焦距，移动光屏，就会得到倒立、缩小的实像；此时的成像特点与照相机的成像特点相同。故 A 符合题意，BCD 不符合题意。故选 A。 4. 下列关于吃火锅时发生的物理现象，说法正确的是（） A. 火锅汤汁中的水沸腾后，持续加热，汤汁中水的温度会继续升高 B. 远处就能闻到浓浓的火锅香味，这是分子运动表现出来的扩散现象 C. 火锅汤汁上方不断冒出的“白气”是水蒸气汽化形成的 D. 增大火锅汤汁内能的方式与内燃机压缩冲程中增大燃气内能的方式相同【答案】B 【解析】【详解】A．火锅汤汁中的水沸腾后，持续加热，汤汁中水的温度会保持不变，故 A 错误； B．远处就能闻到浓浓的火锅香味，属于扩散现象，表明分子不停地进行无规则运动，故 B 正确； C．火锅汤汁上方不断冒出的“白气”是水蒸气液化形成的，故 C 错误； D．改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，增大火锅汤汁内能的方式是热传递；在内燃机的压缩冲程中，通过做功的方式将机械能转化为内能，使气缸内气体的内能增大，故 D 错误。学科网（北京）股份有限公司

故选 B。 5. 2023 年 5 月，在中国苏州举行的世界羽毛球苏迪曼杯决赛中，中国羽毛球队再次夺冠。下列说法中正确的是（） A. 羽毛球在空中运动时不受重力作用 B. 羽毛球能在空中运动是由于受到惯性力的作用 C. 运动员挥拍将羽毛球击出，说明力可以改变物体的运动状态 D. 运动员的鞋底有花纹是为了减小运动中地面对鞋底的摩擦【答案】C 【解析】【详解】A．地面附近的一切物体都受到重力的作用，在空中运动的羽毛球也受重力作用，故 A 错误； B．羽毛球能在空中运动是由于羽毛球具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性力的作用，故 B 错误； C．动员挥拍将羽毛球击出，羽毛球在球拍的作用下由静止变为运动，说明力可以改变物体的运动状态，故 C 正确； D．运动员的鞋底有花纹是为了在压力一定时，增大接触面的粗糙程度从而增大摩擦，故 D 错误。故选 C。 6. 下列关于压强知识的运用，说法不正确的是（） A. 甲图中，火车轨道铺在枕木上，通过增大受力面积减小铁轨对地面的压强 B. 乙图中，做托里拆利实验时，玻璃管内顶端混入少量空气会使大气压的测量值变大 C. 丙图中，排水管的 U 形“反水弯”是一个连通器，起到隔绝下水道异味的作用 D. 丁图中，飞机水平飞行时，机翼上方附近空气的流速大于机翼下方附近空气的流速【答案】B 【解析】【详解】A．列车的钢轨要铺在枕木上，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故 A 正确，不符合题意； B．实验中玻璃管内水银面的上方是真空，若水银面的上方有少量空气，会对水银柱产生向下的压强，使得学科网（北京）股份有限公司

测量结果偏小，故 B 错误，符合题意； C．排水管的 U 形反水弯是连通器，连通器中装同种液体时，液体静止时，液面相平，可以防止异味，是利用了连通器的原理，故 C 正确，不符合题意； D．等质量的空气在相同的时间内同时通过机翼的上表面和下表面，由于上表面弯曲，所以机翼上方的流速就大于机翼前方的流速，机翼上方的压强小于机翼下方的压强，这样就产生了作用在机翼上的向上的升力，故 D 正确，不符合题意。故选 B。 7. 同学们在进行研学活动时，观察到某交通路口指挥车辆通行的信号灯由红灯和绿灯组成，绿灯行，红灯停，以下是他们画出的红绿灯工作时的电路简图，你认为其中正确的是（） B. D. A. C. 【答案】D 【解析】【详解】由生活经验可知，红绿信号每次只能亮其中一个灯，不能同时亮，即不能同时工作，每个可独立工作，所以两灯应并联，且各有一个开关控制，干路上没有开关。故选 D。 8. 我国第三艘航空母舰“福建舰”满载时的排水量为 8 万吨。若满载时，“福建舰”匀速直线航行受到的阻力是自身总重力的 0.01 倍；如果一架舰载机飞离后，“福建舰”排开的海水体积减少 34m 。则下列描述中正确的是（）（海水的密度取 1.0 10 kg / m  3 3 ，g 取 10N/kg） A. “福建舰”静止在海面时，水面下 15m 处海水的压强为 4 10 Pa  5 B. “福建舰”满载时，受到的浮力大小为 8 万吨 C. 飞离“福建舰”的这架舰载机的质量是 4  3 10 kg 学科网（北京）股份有限公司

D. 满载时，“福建舰”匀速直线航行受到的牵引力大小是 8 10 N  3 【答案】C 【解析】【详解】A．“福建舰”静止在海面时，水面下 15m 处海水的压强为 p gh  故 A 错误； 1.0 10 kg/m 10N/kg 15m 1.5 10 Pa      3 3 5 B．辽宁舰满载并静止在水面上时，受到的浮力大小等于排开水的重力，即 F 浮  G 排  m g 排   8 10 4  故 B 错误； 3 10 kg 10N/kg 8 10 N    8 C．当舰载机飞离航母后总重力减小，故排开水的体积减小，减小排开液体的重力等于舰载机的重力，即 G 机  G 排减小  m 排减小 g  由G mg 得，舰载机的质量是 gV 海水排减小 1 10 kg/m 10N/kg 4m 4 10 N       3 3 3 4 Gm  g  4 4 10 N 4 10 kg  10N/kg   3 故 C 正确； D．“福建舰”漂浮时，重力等于浮力 G 福建舰 F 浮满载时，“福建舰”匀速直线航行受到的牵引力大小是 F 牵引力  f  0.01 G 福建舰  故 D 错误。故选 C。   8 10 N 8 0.01 8 10 N=8 10 N    8 6 9. 电流表是电学实验中的重要仪器，如图所示是电流表的内部结构简图，将线圈置于两磁极之间，线圈上固定有一指针，有电流通过线圈时，线圈会带动指针一起偏转，线圈中电流越大，指针偏转角度越大。则电流表的工作原理与下列说法相符的是（）学科网（北京）股份有限公司

A. 通电线圈在磁场中受到了力的作用 B. 同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引 C. 与发电机工作原理相同 D. 电流表工作过程中，机械能转化为电能【答案】A 【解析】【详解】通过电流表的内部构造显示电流表的制成原理：通电线圈在磁场中受力而转动，电流表工作过程中，电能转化为机械能，与发电机工作原理不相同，发电机的工作原理是电磁感应，故 A 符合题意，BCD 不符合题意。故选 A。 10. 如图所示，杠杆 OBA 可绕 O点在竖直平面内转动， OB  2 BA ，在 B点悬挂一个 10N 的重物 G，在 A 点施加竖直向上的动力 1F 使杠杆 OBA 水平平衡（杠杆重力及摩擦均忽略不计），下列说法正确的是（） A. 在 A点施加竖直向上的力 1F 时，该杠杆是费力杠杆 B. 作用在 A点的力 1F 的大小为 5N C. 如果重物的悬挂点 B向 O点移动，要使杠杆水平平衡， 1F 应变小 D. 若将作用于 A点的力 1F 变为图中 2F ，要使杠杆水平平衡， 2F 应小于 1F 【答案】C 【解析】【详解】A．在 A 点施加竖直向上的力 F1 时，动力臂是 OA，阻力臂是 OB，动力臂大于阻力臂，该杠杆是省力杠杆，故 A 错误； B．由杠杆的平衡条件可知 F1×OA=G×OB OA=OB+BA=3BA F1×3BA=G×2BA 且则有解得学科网（北京）股份有限公司

F 1 G 2 3 2 10N 6.7N   3  故 B 错误； C．如果重物的悬挂点 B向 O点移动，则 OB变小，由可知，OA与 G大小不变，要使杠杆水平平衡，F1 应变小，故 C 正确； F1×OA=G×OB D．将作用于 A点的力 F1 变为图中 F2，动力臂会变小，由杠杆的平衡条件可知，在 OB与 G不变情况下，F2 应大于 F1，故 D 错误。 11. 图甲是一个食品自动加热台的简化电路图，此加热台单独与图乙所示的电能表相连接。闭合图甲中的开关 S，加热台开始正常工作，当台内食品温度降到 30℃时，温度控制开关 S0 自动转接，使电路处于加热状态；当台内食品温度升高到 60℃时，S0 自动转接到保温状态。已知定值电阻 1 R  24.2  ，保温功率为 484W。下列说法中不正确的是（） A. 图甲中的 S0 自动转接到“2”时，电路处于保温状态 B. 图甲中定值电阻 2R 的阻值为 75.8 C. 加热台在加热状态下工作 5min 消耗的电能使图乙中的电能表转盘转过 150 转 D. 加热台自动加热时，电路中的电流小于图乙中电能表的标定电流【答案】C 【解析】【详解】A．图甲中的 S0 自动转接到“2”时，两个电阻串联，根据 P  2U R 可知，此时电路中的电阻最大，电功率最小，电路处于保温状态，故 A 正确，不符合题意； B．加热台保温时，两个电阻串联，总电阻为学科网（北京）股份有限公司

2 UR  P 保温 =  2 220V 484W =100Ω 图甲中定值电阻 R2 的阻值为故 B 正确，不符合题意； R2=R-R1=100Ω-24.2Ω=75.8Ω C．当开关转到“1”时，只有电阻 R1 接入电路，据 P  2U R 可知，此时电路中的电阻最小，电功率最大，电路处于加热状态，此时加热功率为 P 加热  2 U R 1   2 220V 24.2Ω =2000W=2kW 工作 5min 消耗的电能为 W P t  加热  2kW  5 60 h  1 6 kW h  图乙中的电能表转过的转数为 n  故 C 错误，符合题意； D．加热台加热时的电流为 1 kW h 600r/(kW h) 100r 6     I  加热 P U  2000W 9.09A 220V  小于图乙中电能表的标定电流 10A，故 D 正确，不符合题意。故选 C。 12. 如图甲所示的电路，电源电压不变， 1R 是定值电阻，通过 2R 的电流与 2R 两端的电压关系如图乙所示。当 M、N 都是电流表，且 1S 闭合、 2S 断开时，M 的示数为 0.4A、电路的总电阻为 R ；当 M、N 都是电压表，且 1S 、 2S 都闭合时，N 的示数为 2V，电路的总电阻为 R 。下列说法正确的是（）学科网（北京）股份有限公司

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