自动控制原理_张爱民_课后答案.pdf-资料库

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http://www.khdaw.com http://www.khdaw.com 课后答案网（http://www.khdaw.com http://www.khdaw.com） 1．1 解：（1）机器人踢足球：开环系统（2）人的体温控制系统：闭环系统输入量：正常的体温（3）微波炉做饭：开环系统：输入量：设定的加热时间（4）空调制冷：闭环系统 1．2 解：开环系统：优点：结构简单，成本低廉；增益较大；对输入信号的变化响应灵敏；只要被输出量：机器人的动作输出量：经调节后的体温输出量：实际加热的时间输出量：实际的温度输入量：足球位置输入量：设定的温度控对象稳定，系统就能稳定工作。闭环控制缺点：控制精度低，抗扰动能力弱优点：控制精度高，有效抑制了被反馈包围的前向通道的扰动对系统输出量的影响；利用负反馈减小系统误差，减小被控对象参数对输出量的影响。缺点：结构复杂，降低了开环系统的增益，且需考虑稳定性问题。 1.3 解：自动控制系统分两种类型：开环控制系统和闭环控制系统。开环控制系统的特点是：控制器与被控对象之间只有顺向作用而无反向联系，系统的被控变量对控制作用没有任何影响。系统的控制精度完全取决于所用元器件的精度和特性调整的准确度。只要被控对象稳定，系统就能稳定地工作。闭环控制系统的特点：（1）闭环控制系统是利用负反馈的作用来减小系统误差的（2）闭环控制系统能够有效地抑制被反馈通道保卫的前向通道中各种扰动对系统输出量的影响。（3）闭环控制系统可以减小被控对象的参数变化对输出量的影响。 1.4 解输入量：给定毫伏信号被控量：炉温被控对象：加热器（电炉）控制器：电压放大器和功率放大器系统原理方块图如下所示：工作原理：在正常情况下，炉温等于期望值时，热电偶的输出电压等于给定电压，此时偏

http://www.khdaw.com http://www.khdaw.com 课后答案网（http://www.khdaw.com http://www.khdaw.com）差信号为零，电动机不动，调压器的滑动触点停留在某个合适的位置上。此时，炉子散失的热量正好等于从加热器获取的热量，形成稳定的热平衡状态，温度保持恒定。当炉温由于某种原因突然下降时，热电偶的输出电压下降，与给定电压比较后形成正偏差信号，该偏差信号经过电压放大器、功率放大器放大后，作为电动机的控制电压加到电动机上，电动机带动滑线变阻器的触头使输出电压升高，则炉温回升，直至达到期望值。当炉温高于期望值时，调节过程相反。 1.5 解不正确。引入反馈后，形成闭环控制系统，输出信号被反馈到系统输入端，与参考输入比较后形成偏差信号，控制器再按照偏差信号的大小对被控对象进行控制。在这个过程中，由于控制系统的惯性，可能引起超调，造成系统的等幅振荡或增幅振荡，使系统变得不稳定。所以引入反馈之后回带来系统稳定性的问题。 1.6 解：对自动控制系统的基本要求是：稳定性、快速性和准确性。增大系统增益使得闭环控制系统的调整时间减小，提高系统的快速性。 2.1 解对质量 m 的受力分析如下图所示：由牛顿第二定律得： ( ) kz t − − f dzt ( ) dt = m d yt ( ) 2 dt 2 同时 ( ) zt yt xt ( ) ( ) − = 综合上述两式得其微分方程为 m d zt ( ) 2 dt 2 + f dzt ( ) dt + kzt m = − ( ) d xt ( ) 2 dt 2 设输入量输出量及其各阶导数的初始值均为零，对上式进行拉氏变换得式 2 msZ s fsZ s kZ s ms X s ( ) = − ( ) ( ) ( ) + + 2 Z s ( ) X s ms fs k ( ) ms 2 + = − + 2 故其传递函数为 G s ( ) = 2.2 解受力分析得：对于 M 有： dθ 2 dt 2 Mgsinθ=ML F=Mgcosθ 对于 m 有：

http://www.khdaw.com http://www.khdaw.com 课后答案网（http://www.khdaw.com http://www.khdaw.com） F sinθ- xk 2 - xk 2 xd 2 =m 2 dt 整理后得： dθ 2 dt 2 = g L sinθ = M m g cosθ sinθ- k x xd 2 m dt 2 削去θ的系统的微分方程： x&& + M Lθ&& =0 m k x- m 对上式做拉普拉斯变换后整理得系统的传递函数为: sθ )( sX )( = 2 kms + MLs 2 G(s)= 2.3 解（a）电气系统证：（a）由电路可得： u o u i = R 2 + + R 2 1 CS 2 R 1 1 CS R + 2 1 1 CS 1 1 + CS 1 ( = ( R 2 + + 1 R )( 2 CS 2 1 R )( + 1 CS 2 （b）机械系统 + 1 R ) 1 CS 1 1 R ) + 1 CS 1 1 CS 1 = RRCCS RC RC S 1 1 RRCCS RC RC RC S 1 1 1 + + ) 2 + 2 + 2 ( 1 1 + + ( ) 2 2 2 1 2 2 1 2 2 + 1 1 2 则其微分方程为：

http://www.khdaw.com http://www.khdaw.com 课后答案网（http://www.khdaw.com http://www.khdaw.com） RRCC 1 2 2 1 d u 2 o dt 2 + ( RC RC RC 1 2 + + 1 2 2 1 ) du o dt + u RRCC o 2 = 1 2 1 d u 2 i dt 2 + ( RC RC 1 1 2 + 2 ) du i dt + u i (b) 取 A、B 两点进行受力分析，列出方程得： d x x ( ) o + k x x ) o 2 − ( i = f 1 d x x ( ) − o dt f 2 f 1 − i dt − dt od x x ( ) = kx 1 由（1）式、（2）式得 dx i dt (1) f 2 k 1 × dx o dt (3) + × 得 f 1 − f 2 + kx kx kx 2 − = o i 1 2 （1）（2）（3） f f 1 2 d x 2 o dt 2 + ( fk fk fk 1 1 2 1 1 2 + + ) dx o dt + kkx f f 1 2 1 2 = o d x 2 i dt 2 + ( fk fk 1 2 2 1 + ) dx i dt + kkx i 1 2 经比较，电气系统（a）与机械系统（b）的微分方程具有相同的形式，故两个系统为相似系统。 2.4 解传递函数 oU Ui = 1 cs 2 sL + 1 cs 1 + = 1 cs 2 c 1 + c c ccLs 2 1 1 2 + 2 c c u ccL ( 1 1 2 + + ) o 2 d u 2 o dt 2 = cu i 1 微分方程 2.5 解由电路得：（1） = − u R 2 iu 1 R 1 CS 1 + CS R 1

http://www.khdaw.com http://www.khdaw.com 课后答案网（http://www.khdaw.com http://www.khdaw.com） u R 3 = − ou R 4 （2）综合（1）、（2）式，消去变量 u，可得其传递函数为： G s ( ) = u RRRCS RR o 4 u i + 4 RR 1 3 = 2 1 2 进而得其微分方程为 4 du i RRC 2 4 R dt RR 3 3 RR u u = + i 2 1 o 2.6 解对系统中各个部分建立相应的微分方程如下： dic u c=R ci c+L c dt diq u 12 =u q=k 1 i c= R qi q+L q dt u 34 =u d=(R a+R d)i d+(L a+L d) did u a= R di d+L d dt T m dθ 2 dt 2 + dθ dt =k 1 u a did dt 对上面各式拉氏变换并整理得到： c q c = = R R sI )( c sI )( q sU )( sI )( c k 2 1 sL+ k 1 sL+ ⎧ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎨ sI )( ⎪ d ⎪ sU )( ⎪ a ⎪ s )( = θ ⎪ ⎩ 对上式削去中间变量得到系统的传递函数为： (R + a R( ) sL+ a k 1 s)T + m (L+ )R + a sI )( d sU )( )sL s(1 = = a d d sI )( q c q a G（s）= s )( θ sU )( c = s(1 + [(R s)T m 2.7 解 kk 2 2 1 (L+ )R + a d )sL+ R( )s](R a L + a d a )(R sL+ q q ) sL+ c c

http://www.khdaw.com http://www.khdaw.com 课后答案网（http://www.khdaw.com http://www.khdaw.com） k f M k x 1i R E L 2i cu be 由图示及题中条件得： 2 1 − = − = + = ( ) ( ) ( ) b et Ri t u t ( ) ( ) ⎧ c ⎪ du t ( ) ⎪ i t i t c ( ) c 1 dt ⎪ ⎪ di t ( ) u t e t L ( ) ⎪ 2 c dt ⎪ ⎨ dx ⎪ e t k ( ) b 1 dt ⎪ ⎪ F ki t ( ) ⎪ 0 ⎪ ⎪⎩ F kxt 2 ( ) 0 dxt ( ) dt f − = = − 2 2 = M d xt ( ) 2 dt 2 对上式进行拉式变换得： 2 C C + ( ) 1 ( ) = ( ) b E S RI S U S ( ) ( ) = ⎧ ⎪ I S I S CSU S ( ) ( ) − ⎪ 1 ⎪ U S E S LSI S ( ) ( ) = − ⎪ C ⎨ E S kSX S ( ) ( ) = ⎪ b 1 ⎪ F kI S ( ) = 0 ⎪ F kX S fSX S MS X S ( ) ( ) − ⎪⎩ 0 ( ) 2 2 − = 2 2 2 则通过消去中间变量得传递函数如下： G S ( ) = X S ( ) E S ( ) = ( 2.8 解 ) RCLS LS R MS fS k k RCkS kS )( + + + + + + 2 ) ( 2 2 2 2 k 2 1 1

http://www.khdaw.com http://www.khdaw.com 课后答案网（http://www.khdaw.com http://www.khdaw.com）由题意得： f f − + = ( ) ] 1 t k u t ( ) ( ) θ o e [ t ⎧ ( ) θ i ⎪ ⎪ ku t i t R L ( ) = ⎪ e f 2 ⎪ Nt ⎪ ( ) θ = 1 ⎨ N ⎪ 2 ⎪ M t k i t ( ) ( ) = ⎪ d t d t ( ) ( ) 2 ⎪ θ θ ⎪⎩ dt dt 2 t ( ) θ o J m f f = + di t ( ) f dt M t ( ) 其中 mk 为磁控式电动机转矩系数，令初始条件为零，作拉氏变换得： f f + = f f ( ) ] 1 ( ) [ S k U S S ( ) ( ) ( ) ⎧ θ − θ o e i ⎪ kU S I S R L I S S ( ) = ⎪ e 2 ⎪⎪ NS ( ) 1 θ ⎨ N ⎪ 2 ⎪ M S k I S ( ) ( ) = ⎪ J S S f S S M S ( ) ( ) ( ) ⎪ θ θ ⎩ S ( ) θ o m f + = = 2 解得： G S ( ) = S ( ) θ o S kkk N N JS fS L S R ( ) θ i f kkk N m 1 2 2 ( 2 + )( 1 2 + + = m f 2 1 ) 2.9 解由图示得电路的微分方程如下：

http://www.khdaw.com http://www.khdaw.com 课后答案网（http://www.khdaw.com http://www.khdaw.com） 1C 2R 1i 2i 2C i + u i 1R + iu _ + ou _ = ( ) ( ) ⎧ u t ut it R ( ) ⎪ − i 1 ⎪ = + i i i ⎪ 1 2 ⎪ dut u t [ ( ) ( )] ⎪ c o ⎨ 1 ⎪ i t R u t ( ) ( ) ⎪ o 2 2 ⎪ dut ( ) ⎪ c i t ( ) 2 2 ⎪⎩ dt − dt = − = = i t ( ) 1 作拉氏变换得：则初始方块图如下： 1 ( ) U S U S I S R ( ) ( ) = ⎧ 1 ⎪ I S I S I S ( ) ( ) = ⎪⎪ 2 [ ] CS U S U S I S ( ) ( ) = ⎨ o 1 ⎪ I S R U S ( ) ( ) ⎪ o 2 CSU S I S ⎪ ( ) ⎩ ( ) − i ( ) + − = − = 2 ( ) 1 2 2 iu s ( ) + − 1 R 1 + − 1 C S 1 + 2CS 2R− ( )ou s 由梅森公式得其传递函数如下： G S ( ) = U S ( ) O U S CCRRS CRS CRS ( ) i CRS − + 1 1 + = 2 2 1 2 1 2 1 2 2 + 1 2.10 解对方块图进行简化得：

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