2014 年福建省福州市中考数学真题及答案
(全卷共 4 页,三大题,22 小题,满分 150 分;考试时间 120 分钟)
友情提示:所有答案都必须填涂在答题卡相应的位置上,答在本试卷上一律无效。[来
毕业学校
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源:学科网]
一、选择题(共 10 小题,每题 4 分,满分 40 分;每小题只有一个正确的选项,请在答题卡
的相应位置填涂)
1.5 的相反数是
A.5
B.5
【答案】B
C. 1
5
D. 1
5
2.地球绕太阳公转的速度约是 110000 千米/时,将 110000 用科学记者数法表示为
A.11104
【答案】B
B.1.1105
C.1.1104
D.0.11106
3.某几何体的三视图如图所示,则该几何体是
A.三棱柱
B.长方体
C.圆柱
D .圆锥
【答案】D
4.下列计算正确的是
A.x4·x4x16
【答案】D
B.(a3)2a5
C.(ab2)3ab6
D.a2a3a
5.若 7 名学生的体重(单位:kg)分别是:40,42,43,45,47,47,58,则这 组数据的
平均数是
A.44
【答案】C
B.45
C.46
D.47
6.下列命题中,假命题是
A.对顶角相等
C.菱形的四条边都相等
【答案】B
7.若(m1)2
2n
0,则 mn的值是
B.三角形两边的和小于第三边
D.多边形的外角和等于 360
A.1
【答案】A
B.0
C.1
D.2
8.某工厂现在平均每天比原计算多生产 50 台机器,现在生产 600 台机器所需时间与原计划
生产 450 台机器所需时间相同.设原计划平均每天生产 x台机器,根据题意,下面所列方
程正确的是
x
A. 600
50
C. 600
x
450
x
450
50
x
【答案】A
x
B. 600
50
D. 600
x
450
x
450
50
x
9.如图,在正方形 ABCD外侧,作等边三角形 ADE,AC,BE相交于点 F,则∠BFC为
A.45
B.55
C.60
D.75
【答案】C
10.如图,已知直线 yx2 分别与 x轴, y轴交于 A,B两点,与双曲线 y k
x
交于 E,F
两点,若 AB2EF,则 k的值是
A.1
B.1
C. 1
2
D. 3
4
【答案】D
二、填空题(共 5 小题,每题 4 分,满分 20 分;请将正确答案填在答题卡相应位置)
11.分解因式:mamb
.
【答案】m(ab)
12.若 5 件外观相同的产品中有 1 件不合格,现从中任意抽取 1 件进行检测,则抽到不合格
产品的概率是
【答案】 1
5
.
13.计算:( 2 1)( 2 1)
.
【答案】1
14.如图,在□ABCD中,DE平分∠ADC,AD6,BE2,则□ABCD的周长是
.
【答案】20
15.如图,在 Rt△ABC中,∠ ACB90,点 D,E分别是边 AB,AC的中点,延长 BC到点 F,
[来源:om]
使 CF 1
2
BC .若 AB10,则 EF的长是
.
【答案】5
三、解答题(满分 90 分;请将正确答案及解答过程填在答题卡相应位置.作图或添加辅助线
用铅笔画完,再用黑色签字笔描黑)
16.(每小题 7 分,共 14 分)
(1)计算: 9
0 |1|.
1
2014
【答案】解:原式3115.
(2)先化简,再求值:(x2)2x(2x),其中 x 1
3
.
【答案】解:原式x24x42xx2
6x4.
当 x 1
3
时,
原式6 1
3
46.
17.(每小题 7 分,共 14 分)
(1)如图,点 E,F在 BC上,BECF,ABDC,∠B∠C.求证:∠A∠D.
【答案】证明:∵BECF,
∴BEEFCFEF
即 BFCE.
又∵ABDC,∠B∠C,
∴△ABF≌△DCE.
∴∠A∠E.
(2)如图,在边长为 1 个单位长度的小正方形所组成的网格中,△ABC的顶点均在格点上.
①sinB的值是
②画出△ABC关于直线 l对称的△A1B1C1(A与 A1,B与 B1,C与 C1 相对应).连接 AA1,
BB1,并计算梯形 AA1B1B的面积.
;
;
【答案】① 3
5
②如图所示.
由轴对称的性质可得,AA12,BB18,高是 4.
∴
S梯形
AA B B
1
1
1
2
(AA1BB1)420.
18.(满分 12 分)设中学生体质健康综合评定成绩为 x分,满分为 100 分.规定:85≤x≤100
为 A级,75≤x<85 为 B级,60≤x<75 为 C级,x<60 为 D级.现随机抽取福海中学部分
学生的综合评定成绩,整理绘制成如下两幅不完整的统计图.请根据图中的信息,解答
下列问题:
名学生,a
%;
(1)在这次调查中,一共抽取了
(2)补全条形统计图;
(3)扇形统计图中 C级对应的圆心角为
(4)若该校共有 2000 名学生,请你估计该校 D级学生有多少名?
【答案】解:(1)50,24;
(2)如图所示;
(3)72;
(4)该校 D级学生有:2000 4
50
160 人.
度;
19.(满分 12 分)现有 A,B两种商品,买 2 件 A商品和 1 件 B商品用了 90 元,买 3 件 A
商品和 2 件 B商品共用了 160 元.
(1)求 A,B两种商品每件多少元?
(2)如果小亮准备购买 A,B两种商品共 10 件,总费用不超过 350 元,且不低于 300
元,问有几种购买方案,哪种方案费用最低?
【答案 】解:(1)设 A商品每件 x元,B商品每件 y元.
依题意,得
2
3
x
x
90
,
160.
y
y
2
解得
x
y
20
,
50.
答:A商口每件 20 元,B商品每件 50 元.
(2)设小亮准备购买 A商品 a件,则购买 B商品(10a)件.
20
20
依题意,得
解得 5≤a≤6 2
3
a
a
50(10
50(10
a
a
,
) 300
) 350.
[来源:学科网]
.
根据题意,a的值应为整数,所以 a5 或 a6.
方案一:当 a 5 时,购买费用为 20550(105)350 元;
方案二:当 a6 时,购买费用为 206 50(106)320 元.
∵350>320,
∴购买 A商品 6 件,B商品 4 件的费用最低.
答:有两种购买方案,方案一:购买 A商品 5 件,B商品 5 件;方案二:购买 A商品 6
件,B商品 4 件.其中方案二费用最低.
20.(满分 11 分)如图,在△ABC中,∠B45,∠ACB60,AB3 2 ,点 D为 BA延长线上
的一点,且∠D∠ACB,⊙O为△ACD的外接圆.
(1)求 BC的长;
(2)求⊙O的半径.
【答案】解:(1)过点 A作 AE⊥BC,垂足为 E.
∴∠AEB∠AEC90.
在 Rt△ABE中,∵sinB AE
AB
,
∴ABAB·sinB3 2 ·sin45 3 2 · 2
2
∵∠B45,
∴∠BAE45.
∴BEAE3.
3.
在 Rt△ACE中,∵tan∠ACB AE
EC
3
3
∴ EC
AE
ACB
tan 60
3
tan
,
3
.
∴BCBEEC3 3 .
(2)由(1)得,在 Rt△ACE中,∵∠EAC30,EC 3 ,
∴AC2 3 .
解法一:连接 AO并延长交⊙O于 M,连接 CM.
∵AM为直径,
∴∠ACM90.
在 Rt△ACM中,∵∠M∠D∠ACB60,sinM AC
AM
,
∴AM
AC
sin
M
2 3
sin 60
4.
∴⊙O的半径为 2.
解法二:连接 OA,OC,过点 O作 OF⊥AC,垂足为 F,
则 AF 1
2
AC 3 .
∵∠D∠ACB60,
∴∠AOC120.
∴∠AOF 1
2
∠AOC60.
在 Rt△OAF中,sin∠AOF AF
AO
,
∴AO
AF
AOF
sin
2,即⊙O的半径为 2.
21.(满分 13 分)如图 1,点 O在线段 AB上,AO2,OB1,OC为射线,且∠BOC60,动点
P以每秒 2 个单位长度的速度从点 O出发,沿射线 OC做匀速运动,设运动时间为 t秒.
(1)当 t 1
2
秒时,则 OP
,S△ABP
;
(2)当△ABP是直角三角形时,求 t的值;
(3)如图 2,当 APAB时,过点 A作 AQ∥BP,并使得∠QOP∠B,求证:AQ·BP3.
【答案】解:(1)1, 3 3
4
;
(2)①∵∠A<∠BOC60,
∴∠A不可能是直角.
②当∠ABP90时,
∵∠BOC60,
∴∠OPB30.
∴OP2OB,即 2t2.
∴t1.
③当∠APB90时,作 PD⊥AB,垂足为 D,则∠ADP∠PDB90.
∵OP2t,
∴ODt,PD 3 t,AD2t,BD1t(△BOP是锐角三角形).
解法一:∴BP2(1t)2 3t2,AP2(2t)23t2.
∵BP2AP2AB2,
∴(1t)23t2(2t)23t29,
即 4t2t20.
解得 t1 1
8
1
8
(舍去).
33
,t2
33
解法二:∵∠APD∠BPD90,∠B∠BPD90,
∴∠APD∠B.
∴△APD∽△PBD.
∴
AD PD
PD BD
.
∴PD2AD·BD.
于是( 3 t)2(2t)(1t),即 4t2t20.
解得 t1 1
8
33
,t2
33
1
8
(舍去).
综上,当△ABP为直角三角形时,t1 或 1
8
33
.
(3)解法一:∵APAB,
∴∠APB∠B.
作 OE∥AP,交 BP于点 E,
∴∠OEB∠APB∠B.
∵AQ∥BP,
∴∠QAB∠B180.
又∵∠3∠OEB180,
∴∠3∠QAB.
又∵∠AOC∠2∠B∠1∠QOP,
已知∠B∠QOP,
∴∠1∠2.
∴△QAO∽△OEP.
∴ AQ AO
EO EP
∵OE∥AP,
∴△OBE∽△ABP.
BO
BA
,即 AQ·EPEO·AO.
.
∴
OE
AP
∴OE 1
3
1
BE
3
BP
AP1,BP 3
2
EP 3
2
EP.
∴AQ·BPAQ· 3
2
AO·OE 3
2
213.
解法二:连接 PQ,设 AP与 OQ相交于点 F.
∵AQ∥BP,
∴∠QAP∠APB.
∵APAB,
∴∠APB∠B.
∴∠QAP∠B.
又∵∠QOP∠B,
∴∠QAP∠ QOP.
∵∠QFA∠PFO,
∴△QFA∽△PFO.
,即 FQ FP
∴ FQ FA
FO
FO
FP
.
FA
又∵∠PFQ∠OFA,