2014 浙江省舟山市中考数学真题及答案
一、选择题(本题有 10 小题,每小题 3 分,共 30 分.请选出各题中唯一的正确选项,不
选多选、错选,均不得分)
1.(3 分)(2014 年浙江舟山)﹣3 的绝对值是(
)
A.
﹣3 B.
3
C.
D.
考点: 绝对值.
专题: 计算题.
分析: 计算绝对值要根据绝对值的定义求解.第一步列出绝对值的表达式;第二步根据
绝对值定义去掉这个绝对值的符号.
解答: 解:|﹣3|=3.
故﹣3 的绝对值是 3.
故选 B.
点评: 考查了绝对值的定义,绝对值规律总结:一个正数的绝对值是它本身;一个负数
的绝对值是它的相反数;0 的绝对值是 0.
2.(3 分)(2014 年浙江舟山)一名射击爱好者 5 次射击的中靶环数如下:6,7,9,8,9,
这 5 个数据的中位数是(
)
A.
6
B.
7
C.
8
D. 9
考点: 中位数.
分析: 根据中位数的概念求解.
解答: 解:这组数据按照从小到大的顺序排列为:6,7,8,9,9,
则中位数为:8.
故选 C.
点评: 本题考查了中位数的知识:将一组数据按照从小到大(或从大到小)的顺序排列,
如果数据的个数是奇数,则处于中间位置的数就是这组数据的中位数;如果这组数据的个
数是偶数,则中间两个数据的平均数就是这组数据的中位数.
3.(3 分)(2014 年浙江舟山)2013 年 12 月 15 日,我国“玉兔号”月球车顺利抵达月球表
面,月球离地球平均距离是 384 400 000 米,数据 384 400 000 用科学记数法表示为(
)
A.
3.844×108
B. 3.844×107
C. 3.844×109
D. 38.44×109
考点: 科学记数法—表示较大的数.
分析: 科学记数法的表示形式为 a×10n 的形式,其中 1≤|a|<10,n 为整数.确定 n 的
值是易错点,由于 384 400 000 有 9 位,所以可以确定 n=9﹣1=8.
解答: 解:384 400 000=3.844×108.
故选 A.
点评: 此题考查科学记数法表示较大的数的方法,准确确定 a 与 n 值是关键.
4.(3 分)(2014 年浙江舟山)小红同学将自己 5 月份的各项消费情况制作成扇形统计图(如
图),从图中可看出(
)
A. 各项消费金额占消费总金额的百分比
B. 各项消费的金额
C. 消费的总金额
D. 各项消费金额的增减变化情况
考点: 扇形统计图.
分析: 利用扇形统计图的特点结合各选项利用排除法确定答案即可.
解答: 解:A、能够看出各项消费占总消费额的百分比,故选项正确;
B、不能确定各项的消费金额,故选项错误;
C、不能看出消费的总金额,故选项错误;
D、不能看出增减情况,故选项错误.
故选 A.
点评: 本题考查了扇形统计图的知识,扇形统计图能清楚的反应各部分所占的百分比,
难度较小.
5.(3 分)(2014 年浙江舟山)如图,⊙O 的直径 CD 垂直弦 AB 于点 E,且 CE=2,DE=8,则
AB 的长为(
)
A.
2
B.
4
C.
6
D. 8
考点: 垂径定理;勾股定理.
分析: 根据 CE=2,DE=8,得出半径为 5,在直角三角形 OBE 中,由勾股定理得 BE,根据
垂径定理得出 AB 的长.
解答: 解:∵CE=2,DE=8,
∴OB=5,
∴OE=3,
∵AB⊥CD,
∴在△OBE 中,得 BE=4,
∴AB=2BE=8,
故选 D.
点评: 本题考查了勾股定理以及垂径定理,是基础知识要熟练掌握.
6.(3 分)(2014 年浙江舟山)下列运算正确的是(
)
A.
2a2+a=3a3
B. (﹣a)2÷a=a
C. (﹣a)3•a2=﹣a6
D. (2a2)3=6a6
考点: 同底数幂的除法;合并同类项;同底数幂的乘法;幂的乘方与积的乘方.
专题: 计算题.
分析: A、原式不能合并,错误;
B、原式先计算乘方运算,再计算除法运算即可得到结果;
C、原式利用幂的乘方及积的乘方运算法则计算得到结果,即可做出判断;
D、原式利用幂的乘方及积的乘方运算法则计算得到结果,即可做出判断.
解答: 解:A、原式不能合并,故选项错误;
B、原式=a2÷a=a,故选项正确;
C、原式=﹣a3•a2=﹣a5,故选项错误;
D、原式=8a6,故选项错误.
故选 B.
点评: 此题考查了同底数幂的乘除法,合并同类项,以及完全平方公式,熟练掌握公式
及法则是解本题的关键.
7.(3 分)(2014 年浙江舟山)如图,将△ABC 沿 BC 方向平移 2cm 得到△DEF,若△ABC 的
周长为 16cm,则四边形 ABFD 的周长为(
)
A.
16cm
B. 18cm
C. 20cm D. 22cm
考点: 平移的性质.
分析: 根据平移的基本性质,得出四边形 ABFD 的周长=AD+AB+BF+DF=2+AB+BC+2+AC 即可
得出答案.
解答: 解:根据题意,将周长为 16cm 的△ABC 沿 BC 向右平移 2cm 得到△DEF,
∴AD=2cm,BF=BC+CF=BC+2cm,DF=AC;
又∵AB+BC+AC=16cm,
∴四边形 ABFD 的周长=AD+AB+BF+DF=2+AB+BC+2+AC=20cm.
故选 C.
点评: 本题考查平移的基本性质:①平移不改变图形的形状和大小;②经过平移,对应
点所连的线段平行且相等,对应线段平行且相等,对应角相等.得到 CF=AD,DF=AC 是解题
的关键.
8.(3 分)(2014 年浙江舟山)一个圆锥的侧面展开图是半径为 6 的半圆,则这个圆锥的底
面半径为(
)
A.
1.5 B.
2
C.
2.5 D. 3
考点: 圆锥的计算.
分析: 半径为 6 的半圆的弧长是 6π,圆锥的底面周长等于侧面展开图的扇形弧长,因而
圆锥的底面周长是 6π,然后利用弧长公式计算.
解答: 解:设圆锥的底面半径是 r,
则得到 2πr=6π,
解得:r=3,
这个圆锥的底面半径是 3.
故选 D.
点评: 本题综合考查有关扇形和圆锥的相关计算.解题思路:解决此类问题时要紧紧抓
住两者之间的两个对应关系:(1)圆锥的母线长等于侧面展开图的扇形半径;(2)圆锥的
底面周长等于侧面展开图的扇形弧长.正确对这两个关系的记忆是解题的关键.
9.(3 分)(2014 年浙江舟山)如图,在一张矩形纸片 ABCD 中,AD=4cm,点 E,F 分别是 CD
和 AB 的中点,现将这张纸片折叠,使点 B 落在 EF 上的点 G 处,折痕为 AH,若 HG 延长线恰
好经过点 D,则 CD 的长为(
)
A.
2cm B.
2
cm
C. 4cm
D. 4
cm
考点: 翻折变换(折叠问题).
分析: 先证明 EG 是△DCH 的中位线,继而得出 DG=HG,然后证明△ADG≌△AHG,得出∠
BAH=∠HAG=∠DAG=30°,在 Rt△ABH 中,可求出 AB,也即是 CD 的长.
解答: 解:∵点 E,F 分别是 CD 和 AB 的中点,
∴EF⊥AB,
∴EF∥BC,
∴EG 是△DCH 的中位线,
∴DG=HG,
由折叠的性质可得:∠AGH=∠ABH=90°,
∴∠AGH=∠AGD=90°,
在△AGH 和△AGD 中,
,
∴△ADG≌△AHG(SAS),
∴AD=AH,∠DAG=∠HAG,
由折叠的性质可得:∠BAH=∠HAG,
∴∠BAH=∠HAG=∠DAG= ∠BAD=30°,
在 Rt△ABH 中,AH=AD=4,∠BAH=30°,
∴HB=2,AB=2 ,
∴CD=AB=2 .
故选 B.
点评: 本题考查了翻折变换、三角形的中位线定理,解答本题的关键是判断出∠BAH=∠
HAG=∠DAG=30°,注意熟练掌握翻折变换的性质.
10.(3 分)(2014 年浙江舟山)当﹣2≤x≤1 时,二次函数 y=﹣(x﹣m)2+m2+1 有最大值 4,
则实数 m 的值为(
)
A.
﹣
B. 或
C. 2 或
D. 2
或﹣ 或
考点: 二次函数的最值.
专题: 分类讨论.
分析: 根据对称轴的位置,分三种情况讨论求解即可.
解答: 解:二次函数的对称轴为直线 x=m,
①m<﹣2 时,x=﹣2 时二次函数有最大值,
此时﹣(﹣2﹣m)2+m2+1=4,
解得 m=﹣ ,与 m<﹣2 矛盾,故 m 值不存在;
②当﹣2≤m≤1 时,x=m 时,二次函数有最大值,
此时,m2+1=4,
解得 m=﹣ ,m= (舍去);
③当 m>1 时,x=1 时,二次函数有最大值,
此时,﹣(1﹣m)2+m2+1=4,
解得 m=2,
综上所述,m 的值为 2 或﹣ .
故选 C.
点评: 本题考查了二次函数的最值问题,难点在于分情况讨论.
二、填空题(本题有 6 小题,每小题 4 分,共 24 分)
11.(4 分)(2014 年浙江舟山)方程 x2﹣3x=0 的根为 0 或 3 .
考点: 解一元二次方程-因式分解法.
分析: 根据所给方程的系数特点,可以对左边的多项式提取公因式,进行因式分解,然
后解得原方程的解.
解答: 解:因式分解得,x(x﹣3)=0,
解得,x1=0,x2=3.
点评: 本题考查了解一元二次方程的方法,当方程的左边能因式分解时,一般情况下是
把左边的式子因式分解,再利用积为 0 的特点解出方程的根.因式分解法是解一元二次方
程的一种简便方法,要会灵活运用.
12.(4 分)(2014 年浙江舟山)如图,在地面上的点 A 处测得树顶 B 的仰角为α度,AC=7
米,则树高 BC 为 7tanα 米(用含α的代数式表示).
考点: 解直角三角形的应用-仰角俯角问题.
分析: 根据题意可知 BC⊥AC,在 Rt△ABC 中,AC=7 米,∠BAC=α,利用三角函数即可求
出 BC 的高度.
解答: 解:∵BC⊥AC,AC=7 米,∠BAC=α,
∴ =tanα,
∴BC=AC•tanα=7tanα(米).
故答案为:7tanα.
点评: 本题考查了解直角三角形的应用,关键是根据仰角构造直角三角形,利用三角函
数求解.
13.(4 分)(2014 年浙江舟山)有三辆车按 1,2,3 编号,舟舟和嘉嘉两人可任意选坐一
辆车.则两人同坐 3 号车的概率为
.
考点: 列表法与树状图法.
分析: 根据题意画出树状图,得出所有的可能,进而求出两人同坐 3 号车的概率.
解答: 解:由题意可画出树状图:
所有的可能有 9 种,两人同坐 3 号车的概率为: .
,
故答案为: .
点评: 此题主要考查了树状图法求概率,列举出所有可能是解题关键.
14.(4 分)(2014 年浙江舟山)如图,在△ABC 中,AB=2,AC=4,将△ABC 绕点 C 按逆时针
方向旋转得到△A′B′C,使 CB′∥AB,分别延长 AB,CA′相交于点 D,则线段 BD 的长为
6 .
考点: 旋转的性质;相似三角形的判定与性质.
分析: 利用平行线的性质以及旋转的性质得出△CAD∽△B′A′C,再利用相似三角形的
性质得出 AD 的长,进而得出 BD 的长.
解答: 解:∵将△ABC 绕点 C 按逆时针方向旋转得到△A′B′C,
∴AC=CA′=4,AB=B′A′=2,∠A=∠CA′B′,
∵CB′∥AB,
∴∠B′CA′=∠D,
∴△CAD∽△B′A′C,
∴
=
,
∴ = ,
解得 AD=8,
∴BD=AD﹣AB=8﹣2=6.
故答案为:6.
点评: 此题主要考查了旋转的性质以及相似三角形的判定与性质等知识,得出△CAD∽△
B′A′C 是解题关键.
15.(4 分)(2014 年浙江舟山)过点(﹣1,7)的一条直线与 x 轴,y 轴分别相交于点 A,
B,且与直线
平行.则在线段 AB 上,横、纵坐标都是整数的点的坐标是 (1,
4),(3,1) .
考点: 两条直线相交或平行问题.
分析: 依据与直线
平行设出直线 AB 的解析式 y=﹣ x+b;代入点(﹣1,7)
即可求得 b,然后求出与 x 轴的交点横坐标,列举才符合条件的 x 的取值,依次代入即可.
解答: 解:∵过点(﹣1,7)的一条直线与直线
平行,设直线 AB 为 y=﹣ x+b;
把(﹣1,7)代入 y=﹣ x+b;得 7= +b,
解得:b= ,
∴直线 AB 的解析式为 y=﹣ x+ ,
令 y=0,得:0=﹣ x+ ,
解得:x= ,
∴0<x< 的整数为:1、2、3;
把 x 等于 1、2、3 分别代入解析式得 4、 、1;
∴在线段 AB 上,横、纵坐标都是整数的点的坐标是(1,4),(3,1).
故答案为(1,4),(3,1).
点评: 本题考查了待定系数法求解析式以及直线上点的情况,列举出符合条件的 x 的值
是本题的关键.
16.(4 分)(2014 年浙江舟山)如图,点 C 在以 AB 为直径的半圆上,AB=8,∠CBA=30°,
点 D 在线段 AB 上运动,点 E 与点 D 关于 AC 对称,DF⊥DE 于点 D,并交 EC 的延长线于点 F.下
列结论:①CE=CF;②线段 EF 的最小值为 2 ;③当 AD=2 时,EF 与半圆相切;④若点 F
恰好落在 上,则 AD=2 ;⑤当点 D 从点 A 运动到点 B 时,线段 EF 扫过的面积是 16 .其
中正确结论的序号是 ①③⑤ .
考点: 圆的综合题;垂线段最短;平行线的判定与性质;等边三角形的判定与性质;含
30 度角的直角三角形;切线的判定;轴对称的性质;相似三角形的判定与性质.
专题: 推理填空题.
分析: (1)由点 E 与点 D 关于 AC 对称可得 CE=CD,再根据 DF⊥DE 即可证到 CE=CF.
(2)根据“点到直线之间,垂线段最短”可得 CD⊥AB 时 CD 最小,由于 EF=2CD,求出 CD
的最小值就可求出 EF 的最小值.
(3)连接 OC,易证△AOC 是等边三角形,AD=OD,根据等腰三角形的“三线合一”可求出
∠ACD,进而可求出∠ECO=90°,从而得到 EF 与半圆相切.
(4)利用相似三角形的判定与性质可证到△DBF 是等边三角形,只需求出 BF 就可求出 DB,
进而求出 AD 长.
(5)首先根据对称性确定线段 EF 扫过的图形,然后探究出该图形与△ABC 的关系,就可求
出线段 EF 扫过的面积.
解答: 解:①连接 CD,如图 1 所示.
∵点 E 与点 D 关于 AC 对称,
∴CE=CD.
∴∠E=∠CDE.