2020 年贵州铜仁中考数学真题及答案
一.选择题(共 10 小题)
1.﹣3 的绝对值是(
)
A.﹣3
B.3
C.
D.﹣
【分析】直接利用绝对值的定义分析得出答案.
【解答】解:﹣3 的绝对值是:3.
故选:B.
2.我国高铁通车总里程居世界第一,预计到 2020 年底,高铁总里程大约 39000 千米,39000
用科学记数法表示为(
)
A.39×103
B.3.9×104 C.3.9×10﹣4 D.39×10﹣3
【分析】科学记数法的表示形式为 a×10n的形式,其中 1≤|a|<10,n为整数.确定 n的
值是易错点,由于 39000 有 5 位,所以可以确定 n=5﹣1=4.
【解答】解:39000=3.9×104.
故选:B.
3.如图,直线 AB∥CD,∠3=70°,则∠1=(
)
A.70° B.100°
C.110°
D.120°
【分析】直接利用平行线的性质得出∠1=∠2,进而得出答案.
【解答】解:∵直线 AB∥CD,
∴∠1=∠2,
∵∠3=70°,
∴∠1=∠2=180°﹣70°=110°.
故选:C.
4.一组数据 4,10,12,14,则这组数据的平均数是(
)
A.9
B.10
C.11
D.12
【分析】对于 n个数 x1,x2,…,xn,则 = (x1+x2+…+xn)就叫做这 n个数的算术平均数,
据此列式计算可得.
【解答】解:这组数据的平均数为 ×(4+10+12+14)=10,
故选:B.
5.已知△FHB∽△EAD,它们的周长分别为 30 和 15,且 FH=6,则 EA的长为(
)
A.3
B.2
C.4
D.5
【分析】根据相似三角形的周长比等于相似比解答.
【解答】解:∵△FHB和△EAD的周长分别为 30 和 15,
∴△FHB和△EAD的周长比为 2:1,
∵△FHB∽△EAD,
∴ =2,即 =2,
解得,EA=3,
故选:A.
6.实数 a,b在数轴上对应的点的位置如图所示,下列结论正确的是(
)
A.a>b B.﹣a<b C.a>﹣b D.﹣a>b
【分析】根据数轴即可判断 a和 b的符号以及绝对值的大小,根据有理数的大小比较方法进
行比较即可求解.
【解答】解:根据数轴可得:a<0,b>0,且|a|>|b|,
则 a<b,﹣a>b,a<﹣b,﹣a>b.
故选:D.
7.已知等边三角形一边上的高为 2 ,则它的边长为(
)
A.2
B.3
C.4
D.4
【分析】根据等边三角形的性质:三线合一,利用勾股定理可求解即可.
【解答】解:根据等边三角形:三线合一,
设它的边长为 x,可得:
,
解得:x=4,x=﹣4(舍去),
故选:C.
8.如图,在矩形 ABCD中,AB=3,BC=4,动点 P沿折线 BCD从点 B开始运动到点 D,设点
P运动的路程为 x,△ADP的面积为 y,那么 y与 x之间的函数关系的图象大致是(
)
A.
B.
C.
D.
【分析】分别求出 0≤x≤4、4<x<7 时函数表达式,即可求解.
【解答】解:由题意当 0≤x≤4 时,
y= ×AD×AB= ×3×4=6,
当 4<x<7 时,
y= ×PD×AD= ×(7﹣x)×4=14﹣2x.
故选:D.
9.已知 m、n、4 分别是等腰三角形(非等边三角形)三边的长,且 m、n是关于 x的一元二
次方程 x2﹣6x+k+2=0 的两个根,则 k的值等于(
)
A.7
B.7 或 6
C.6 或﹣7
D.6
【分析】当 m=4 或 n=4 时,即 x=4,代入方程即可得到结论,当 m=n时,即△=(﹣6)
2﹣4×(k+2)=0,解方程即可得到结论.
【解答】解:当 m=4 或 n=4 时,即 x=4,
∴方程为 42﹣6×4+k+2=0,
解得:k=6,
当 m=n时,即△=(﹣6)2﹣4×(k+2)=0,
解得:k=7,
综上所述,k的值等于 6 或 7,
故选:B.
10.如图,正方形 ABCD的边长为 4,点 E在边 AB上,BE=1,∠DAM=45°,点 F在射线 AM
上,且 AF= ,过点 F作 AD的平行线交 BA的延长线于点 H,CF与 AD相交于点 G,连接
EC、EG、EF.下列结论:①△ECF的面积为 ;②△AEG的周长为 8;③EG2=DG2+BE2;其中
正确的是(
)
A.①②③ B.①③ C.①② D.②③
【分析】先判断出∠H=90°,进而求出 AH=HF=1=BE.进而判断出△EHF≌△CBE(SAS),
得出 EF=EC,∠HEF=∠BCE,判断出△CEF是等腰直角三角形,再用勾股定理求出 EC2=17,
即可得出①正确;
先判断出四边形 APFH是矩形,进而判断出矩形 AHFP是正方形,得出 AP=PH=AH=1,同理:
四边形 ABQP是矩形,得出 PQ=4,BQ=1,FQ=5,CQ=3,再判断出△FPG∽△FQC,得出
,求出 PG= ,再根据勾股定理求得 EG= ,即△AEG的周长为 8,判断出②正
确;
先求出 DG= ,进而求出 DG2+BE2=
,在求出 EG2
≠
,判断出③错误,即可得
出结论.
【解答】解:如图,在正方形 ABCD中,AD∥BC,AB=BC=AD=4,∠B=∠BAD=90°,
∴∠HAD=90°,
∵HF∥AD,
∴∠H=90°,
∵∠HAF=90°﹣∠DAM=45°,
∴∠AFH=∠HAF.
∵AF= ,
∴AH=HF=1=BE.
∴EH=AE+AH=AB﹣BE+AH=4=BC,
∴△EHF≌△CBE(SAS),
∴EF=EC,∠HEF=∠BCE,
∵∠BCE+∠BEC=90°,
∴HEF+∠BEC=90°,
∴∠FEC=90°,
∴△CEF是等腰直角三角形,
在 Rt△CBE中,BE=1,BC=4,
∴EC2=BE2+BC2=17,
∴S△ECF= EF•EC= EC2= ,故①正确;
过点 F作 FQ⊥BC于 Q,交 AD于 P,
∴∠APF=90°=∠H=∠HAD,
∴四边形 APFH是矩形,
∵AH=HF,
∴矩形 AHFP是正方形,
∴AP=PH=AH=1,
同理:四边形 ABQP是矩形,
∴PQ=AB=4,BQ=AP1,FQ=FP+PQ=5,CQ=BC﹣BQ=3,
∵AD∥BC,
∴△FPG∽△FQC,
∴
∴
,
,
∴PG= ,
∴AG=AP+PG= ,
在 Rt△EAG中,根据勾股定理得,EG=
= ,
∴△AEG的周长为 AG+EG+AE= +
+3=8,故②正确;
∵AD=4,
∴DG=AD﹣AG= ,
∴DG2+BE2=
+1=
,
∵EG2=( )2=
≠
,
∴EG2≠DG2+BE2,故③错误,
∴正确的有①②,
故选:C.
二.填空题(共 8 小题)
11.因式分解:a2+ab﹣a= a(a+b﹣1) .
【分析】原式提取公因式即可.
【解答】解:原式=a(a+b﹣1).
故答案为:a(a+b﹣1).
12.方程 2x+10=0 的解是 x=﹣5 .
【分析】方程移项,把 x系数化为 1,即可求出解.
【解答】解:方程 2x+10=0,
移项得:2x=﹣10,
解得:x=﹣5.
故答案为:x=﹣5.
13.已知点(2,﹣2)在反比例函数 y= 的图象上,则这个反比例函数的表达式是 y=
﹣ .
【分析】把点(2,﹣2)代入反比例函数 y= (k≠0)中求出 k的值,从而得到反比例函
数解析式.
【解答】解:∵反比例函数 y= (k≠0)的图象上一点的坐标为(2,﹣2),
∴k=﹣2×2=﹣4,
∴反比例函数解析式为 y=﹣ ,
故答案为:y=﹣ .
14.函数 y=
中,自变量 x的取值范围是 x≥2 .
【分析】因为当函数表达式是二次根式时,被开方数为非负数,所以 2x﹣4≥0,可求 x的
范围.
【解答】解:2x﹣4≥0
解得 x≥2.
15.从﹣2,﹣1,2 三个数中任取两个不同的数,作为点的坐标,则该点在第三象限的概率
等于
.
【分析】画树状图得出所有等可能结果,从中找到该点在第三象限的结果数,再利用概率公
式求解可得.
【解答】解:画树状图如下
共有 6 种等可能情况,该点在第三象限的情况数有(﹣2,﹣1)和(﹣1,﹣2)这 2 种结果,
∴该点在第三象限的概率等于 = ,
故答案为: .
16.设 AB,CD,EF是同一平面内三条互相平行的直线,已知 AB与 CD的距离是 12cm,EF
与 CD的距离是 5cm,则 AB与 EF的距离等于 7 或 17 cm.
【分析】分两种情况讨论,EF在 AB,CD之间或 EF在 AB,CD同侧,进而得出结论.
【解答】解:分两种情况:
①当 EF在 AB,CD之间时,如图:
∵AB与 CD的距离是 12cm,EF与 CD的距离是 5cm,
∴EF与 AB的距离为 12﹣5=7(cm).
②当 EF在 AB,CD同侧时,如图:
∵AB与 CD的距离是 12cm,EF与 CD的距离是 5cm,
∴EF与 AB的距离为 12+5=17(cm).
综上所述,EF与 AB的距离为 7cm或 17cm.
故答案为:7 或 17.
17.如图,在矩形 ABCD中,AD=4,将∠A向内翻析,点 A落在 BC上,记为 A1,折痕为 DE.若
将∠B沿 EA1 向内翻折,点 B恰好落在 DE上,记为 B1,则 AB=
.