2016山东省淄博市中考物理真题及答案.doc

发布时间：2022-08-22 发布人：admin 分类：说明书资料大小：0.32M 资料格式：doc 举报版权申诉

第1页 / 共16页

第2页 / 共16页

第3页 / 共16页

第4页 / 共16页

第5页 / 共16页

第6页 / 共16页

第7页 / 共16页

第8页 / 共16页

文本预览

2016 山东省淄博市中考物理真题及答案）一、选择题(本题包括 15 个小题，每小题 2 分，共 30 分) 1．光使世界绚丽奇妙，以下现象属于光的反射的是（ A．小孔成像 B．海市蜃楼 C．水中倒影 D．雨后彩虹【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的．要解决此题，需要掌握光的反射现象，知道平面镜成像是由于光的反射形成的．【解答】解： A、小孔成像，成的是物体倒立的像，像之所以是倒立的，就是因为光的直线传播造成的，故与题意不符； B、海市蜃楼是光在沿直线方向传播时，在密度不均匀的空气层中，经过折射造成的结果，故与题意不符； C、水中倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，符合题意． D、雨过天晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这种现象叫做光的色散现象，所以说雨后的天空出现彩虹是由光的色散形成的．不合题意．故选 C．【点评】现实生活中有很多与光有关的现象，平时要注意多观察，多思考，并用所学光学知识去解释观察到的光学现象，这能提高我们运用所学知识解决实际问题的能力．） 2．下列有关物态变化的判断，正确的是（ A．擦在皮肤上的酒精很快变干，是升华现象，需要吸热 B．夏天会看到冰棒周围冒“白气”，是汽化现象，需要吸热 C．秋天的早晨花草上出现小露珠，是液化现象，需要放热 D．寒冷的冬天室外飘起了雪花，是凝固现象，需要放热【分析】（1）在一定条件下，物体的三种状态﹣﹣固态、液态、气态之间会发生相互转化，这就是物态变化；（2）物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固．（3）六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华．【解答】解： A、擦在皮肤上的酒精变干，是汽化现象，汽化吸热，故 A 错误； B、夏天揭开冰棒包装后会看到冰棒冒“白气”，是空气中的水蒸气遇到温度较低的冰棒凝结成的小水滴，属于液化现象，故 B 错误； C、秋天的早晨花草上出现小露珠，是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象，故 C 正确；

D、初冬的早晨地面上出现白色的霜，是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小冰晶，属于凝华现象，故 D 错误．故选 C．【点评】本题主要考查学生对生活中常见的物态变化的认识和了解，是一道基础题．） 3．安全用电越来越被人们所重视，符合安全用电要求的做法是（ A．用湿手插拔电热器的插头 B．多个大功率用电器同时用一个插座 C．家庭电路中，把开关接在零线和灯泡之间 D．使用试电笔时，手指触碰笔尾的金属帽【分析】（1）水是导体，湿手不能插拔插头，否则会触电；（2）电源电压一定，多个大功率用电器同时总功率会过大，由 P=UI 可知，会引起电流过大，易引发火灾；（3）从安全用电的角度分析，把开关接在火线和灯泡之间；（4）使用测电笔时，手必须接触笔尾的金属体．【解答】解：A、水是导体，湿手不能插拔插头，否则会触电，故 A 错误； B、电源电压一定，多个大功率用电器同时总功率会过大，由 P=UI 可知，会引起电流过大，易引发火灾，故 B 错误； C、从安全用电的角度分析，把开关接在火线和灯泡之间，故 C 错误； D、使用测电笔时，手必须接触笔尾的金属体，故 D 正确；故选 D．【点评】此题考查了安全用电的相关知识，是一道综合题，难度不大． 4．）如图所示，空中加油机正在给匀速水平飞行的战斗机加油，加油后战斗机仍以原来的高度和速度做匀速飞行，则战斗机的（） A．动能不变，势能不变，机械能不变 B．动能不变，势能减少，机械能减少 C．动能增加，势能不变，机械能增加 D．动能增加，势能增加，机械能增加【分析】（1）动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大．（2）重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大．（3）机械能=动能+势能．物体没有发生弹性形变，势能只考虑重力势能．【解答】解：加油后战斗机仍以原来的高度和速度做匀速飞行，战斗机油量增加，质量增大，动能增大．战斗机的质量增大，高度不变，重力势能增大．机械能=动能+势能，战斗机没有发生弹性形变，不考虑弹性势能．动能增大，重力势能增大，机械能增大．故 A、B、 C 错误，D 正确．故选 D．【点评】掌握动能、重力势能、弹性势能大小的影响因素，掌握动能、重力势能、弹性势能、机械能的大小变化情况．

） 5．运动员将静止的足球踢出，足球沿水平地面向前运动了一段距离后停下来，那么正确的说法是（ A．脚对足球的力使足球由静止开始运动 B．足球运动时重力对足球做了功 C．足球所受摩擦力不会改变足球的运动状态 D．足球最终停止运动是由于失去了脚的作用力【分析】利用以下知识分析解答：（1）力的作用效果：改变物体的形状及改变物体的运动状态；（2）物理学中的做功的两个必要条件：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上移动一段距离，二者缺一不可．【解答】解：A、球由静止到运动，运动状态发生了变化，是因为受到脚对它的作用力．故 A 正确； B、足球沿水平地面向前运动了一段距离，距离与重力的方向垂直，所以足球运动时重力没有对足球做功．故 B 错误； C、足球滚动过程中由于受到摩擦阻力作用，运动状态发生变化，慢慢停下来，故 C 错误； D、足球最终停止运动是由于受到摩擦阻力作用，运动状态发生变化，不是因为失去了脚的作用力，故 D 错误．故选 A．【点评】本题结合足球运动考查相关的物理知识，注重了物理和生活的联系，属于基础知识的考查，比较简单． 6．用如图所示的滑轮组在 10s 内将 300N 的重物匀速提升 3m，已知动滑轮重 30N，不计摩擦，则（） A．利用滑轮组所做的有用功是 450J B．绳子自由端移动的速度是 0.9m/s C．拉力的功率是 99W D．滑轮组的机械效率是 80% 【分析】克服物体的重力所做的功为有用功，克服物体重力和动滑轮重力所做的功为总功，根据 W=Gh 求出有用功和总功，根据 P= 求出拉力的功率，根据η= ×100%求出滑轮组的机械效率，由图可知滑轮组绳子的有效股数，根据 s=nh 求出绳端移动的距离，利用 v= 求出绳子自由端移动的速度．【解答】解：利用滑轮组所做的有用功： W 有=Gh=300N×3m=900J，故 A 错误；拉力做的功：

W 总=（G+G 动）h=（300N+30N）×3m=990J，拉力的功率： P= = =99W，故 C 正确；滑轮组的机械效率： η= ×100%= ×100%≈90.9%，故 D 错误；由图可知，n=2，则绳端移动的距离： s=nh=2×3m=6m，绳子自由端移动的速度： =0.6m/s，故 B 错误． v= = 故选 C．【点评】本题考查了功和功率、机械效率、绳端移动速度的计算，明确有用功和总功是关键． 7．下列说法中正确的是（） A．电动机是电磁感应现象的应用 B．导航卫星和数字卫星电视都是利用电磁波传递信号 C．在汽油机的压缩冲程中，内能转化为机械能 D．核电站利用的是可控核聚变释放的能量【分析】（1）电动机是利用通电导线在磁场中受力转动来工作的；（2）电磁波能在真空中传播，导航卫星和数字卫星电视是利用电磁波传递信息的；（3）汽油机在压缩冲程中，把机械能转化为内能；（4）现在的核电站是利用核裂变释放的能量发电的．【解答】解： A、电动机不是利用电磁感应来工作的，是利用通电导线在磁场中受力转动来工作的，故 A 错误； B、电磁波能在真空中传播，导航卫星和数字卫星电视是利用电磁波传递信息的，故 B 正确； C、汽油机在压缩冲程中，把机械能转化为内能，不是内能转化为机械能，故 C 错误； D、目前的核电站利用的是核裂变释放的能量，故 D 错误．故选 B．【点评】本题考查了电动机的原理、电磁波的利用、汽油机工作时能的转化、核电站的工作原理，涉及的知识点较多，是一道学科综合题，但难度不大． 8．烛焰通过焦距为 10cm 的甲凸透镜在光屏上成清晰的像，如图所示．现用焦距为 5cm 的乙凸透镜替换甲，不改变蜡烛和凸透镜的位置，关于乙凸透镜的成像情况，正确的说法是（）

A．要在光屏上成清晰的像，光屏应向右移动 B．要在光屏上成清晰的像，光屏应向左移动 C．移动光屏，可以得到一个清晰放大的实像 D．移动光屏，可以得到一个清晰放大的虚像【分析】要解决此题，需要掌握凸透镜成像的规律，分析图象中物距和像距的大小关系，得出此时成像的特点；将凸透镜换成焦距为 5cm 时，根据凸透镜成实像时，物近像远像变大而得出光屏移动的方向．【解答】解：（1）由图知，物距大于像距，此时成倒立缩小的实像；（2）当将凸透镜换成焦距 f 为 5cm 的，由图可知，此时 u＞2f，则成倒立缩小的实像；相当于增大了物距，根据凸透镜成实像时，物近像远像变大，可知应将光屏向左移动才能得到清晰的像，综上分析，只有选项 B 正确，ACD 错误．故选 B．【点评】此题考查了有关凸透镜成像的规律，掌握凸透镜成像的特点与物距、像距之间的关系，难度稍大． 9．下列电路中，已知电源电压相等，且 R1＜R2，则电路中电流表的示数最大的是（） A． B． C． D．【分析】电压一定时，根据 I= 可知，电路中的电阻越小，电路中的电流越大，据此根据电阻的串并联分析个电路图中的总电阻得出答案．【解答】解：由选项可知，A 中两电阻并联，B 中两电阻串联，C 中为 R1 的简单电路，D 中为 R2 的简单电路，电流表均测电路中的电流，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，所以，选项中总电阻的关系是 R 并＜R1＜R2＜R 串，即 RA＜RC＜RD＜RB，由 I= 可知，对应的电流关系为 RA＞RC＞RD＞RB．故选 A．【点评】本题考查了欧姆定律的简单应用，实质考查了电阻的串联和电阻的并联，是一道较为简单的应用题． 10．国产舰载机在“辽宁号”航母上的成功起降，标志着中国航母时代的到来．下列关于舰载机的说法错误的是（） A．飞机的速度越大，惯性越大 B．飞机起飞的过程中，运动状态不断改变 C．飞机飞离航母后，航母所受的浮力变小 D．飞机飞行时，机翼上方空气流速大压强小【分析】（1）惯性是物体的固有属性，它指的是物体能够保持原来的运动状态的一种性质，惯性大小与物体的质量有关，质量越大，惯性越大；（2）运动状态改变是指速度大小的改变、运动方向的改变或者二者同时改变；（3）漂浮在液面的物体，所受浮力与自身重力相等，据此判断；

（4）飞机机翼上方空气流速大压强小，下方空气流速小压强大，机翼在压强差的作用下，受到升力作用．【解答】解： A、惯性是物体的固有属性，一切物体都有惯性，惯性的大小与物体的质量有关，质量越大，惯性越大；惯性的大小与速度的大小无关，故 A 错误； B、飞机起飞的过程中，速度越来越块，运动状态改变了，故 B 正确； C、飞机飞离航母后，航母的总重力减小，由于航母仍然漂浮在水中，所受浮力与自身重力相等，所以受到的浮力减小，故 C 正确； D、飞机的机翼上凸下平，飞机飞行时，空气经过机翼上方的路程长，速度大，压强小；空气经过下方的路程短，速度小，压强大，从而使飞机获得向上的升力，故 D 正确．故选 A．【点评】本题考查了我们对浮沉条件的应用、惯性的理解、平衡状态的辨别，以及流体压强与流速的关系，有一定综合性，但难度不大．） 11．磁感线可以方便地描述磁场，关于磁感线的认识正确的是（ A．磁感线是由铁屑组成的 B．磁感线是磁体周围真实存在的曲线 C．磁体周围的磁感线都是从磁铁的 S 极出发回到 N 极 D．地磁场的磁感线是从地球南极附近出发回到北极附近【分析】（1）磁感线是不存在的，是为了研究方便假象的一些有方向的曲线；（2）在磁体外部，磁感线是从 N 极指向 S 极，在磁体内部，磁感线是从 S 极指向 N 极；（3）对于地球是一个巨大的磁体，地理的南极是地磁的北极，地理的北极是地磁的南极；【解答】解：AB、磁感线是不存在的，是为了研究方便假象的一些有方向的曲线，故 AB 错误； C、在磁体外部，磁感线是从 N 极指向 S 极，在磁体内部，磁感线是从 S 极指向 N 极，故 C 错误； D、对于地球是一个巨大的磁体，地理的南极是地磁的北极，地理的北极是地磁的南极，故地磁场的磁感线是从地球南极附近出发回到北极附近，故 D 正确；故选 D．【点评】此题考查了磁感线的理解、地磁场的理解和磁感线方向的判断，是一道综合题．） 12．一杯酒精倒出一半，剩余酒精的质量、密度、比热容和热值的变化情况是（ A．质量、密度、比热容和热值不变 B．质量变为原来的一半，密度、比热容和热值不变 C．质量和密度变为原来的一半，比热容和热值不变 D．质量和热值变为原来的一半，密度和比热容不变【分析】质量是物体本身的一种属性，只有在所含物质的多少发生变化时才会改变；密度、比热容、热值是物质的某种特性，与物质的种类和状态有关，同种物质的密度、比热容、热值一般不变．【解答】解：酒精的比热容、热值、密度三个物理量，都是表示酒精的某种特性；是从不同的角度来描述酒精的特性，只与物质的种类和状态有关，是一般不发生变化的量；一瓶酒精用去一半，则剩下的酒精的比热容、热值、密度不变；故 ACD 错误；质量是指物体所含物质的多少，一瓶酒精用去一半后，其质量将减半，故 B 正确；故选 B．

【点评】此题主要考查学生对物质有关物理量概念的理解和掌握，明确各个物理量的真正含义后，可顺利解决此题． 13．如图所示，水平桌面上放置甲、乙两个圆筒形容器，甲容器中盛有液体 A，物块 M 漂浮在 A 中，排开液体的质量为 m1，液体 A 对甲容器底部的压强为 p1；乙容器中盛有液体 B．物块 N 漂浮在 B 中，排开液体的质量为 m2，液体 B 对乙容器底部的压强为 p2．已知甲容器的底面积大于乙容器的底面积．容器中液体 A、B 质量相等，物块 M、N 质量相等．下列判断正确的是（） C．p1＞p2，m1＞m2 D．p1＞p2，m1=m2 A．p1＜p2，m1＜m2 B．p1＜p2，m1=m2 【分析】（1）根据液体 A、B 质量相等可确定液体 A、B 的重力，因为是规则容器，所以 F=G 总，再根据甲容器底面积大于乙容器底面积，分析 p1 和 p2 的关系；（2）根据物块 M、N 质量相等，可确定其重力关系，根据阿基米德原理分析物块 M、N 受到的浮力关系，然后结合物体的浮沉条件确定 m1 和 m2 的关系．【解答】解：（1）由液体 A、B 质量相等可得 GA=GB，物块 M、N 质量相等，因为是规则容器，所以液体容器底部的压力 F=G 总，则由可知：FA=GA+GM，FB=GB+GN，由于 GA+GM=GB+GN，所以，FA=FB；已知甲容器底面积大于乙容器底面积，由 p= 可得，p1＜p2；故 CD 错误；（2）因为物块 M、N 质量相等，即 MA=MB；已知 M、N 都是漂浮，则 F 浮=G 排=m 排 g=G=Mg，所以物块 M 排开液体的质量 m1 等于物块 N 排开液体的质量 m2．故 A 错误，B 正确．故选 B．【点评】本题考查了学生对压强公式、物体浮沉条件的掌握和运用，本题关键：一是阿基米德原理的应用；二是物体浮沉条件的应用．） 14．下列关于热现象的说法中正确的是（ A．温度高的物体含有的热量多 B．物体的内能增加，一定时从外界吸收了热量 C．液体的沸点随液面上方气压的增大而降低 D．冰水混合物吸热时，温度不变，内能增大【分析】（1）热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量；（2）做功和热传递都能改变物体的内能；（3）液体的沸腾随着气压的增大而升高；（4）内能的大小与物体质量、温度和状态有关．【解答】解：A、热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量，故 A 错误； B、物体的内能增加，可能从外界吸收了热量，也可能是外界物体对他做功，故 B 错误； C、液体的沸腾随着气压的增大而升高，液体的沸点随液面上方气压的增大而升高，故 C 错误； D、冰水混合物质量不变，温度不变，但吸热，所以内能增大，故 D 正确．故选 D．

【点评】此题考查了热量的理解、改变内能两种方式的理解、气压与沸点关系的理解和内能的影响因素，是一道综合题． 15．如图所示，电源电压保持不变，闭合开关，滑动变阻器的滑片向左移动的过程中，下列说法正确的是（） A．电压表示数变大，电路表示数变小 B．电压表示数不变，电流表示数变大 C．电压表示数和电流表示数的乘积变大 D．电压表示数和电流表的比值不变【分析】由电路图可知，定值电阻 R1 和滑动变阻器 R2 串联，电压表 V1 测电源的电压，电压表 V2 测 R2 两端的电压，电流表测电路中的电流．根据电源的电压可知滑片移动时电压表 V1 示数的变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和 R1 两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知电压表 V2 示数的变化，进一步判断电压表 V1 示数和电流表示数的乘积变大以及电压表 V2 示数和电流表的比值变化．【解答】解：由电路图可知，定值电阻 R1 和滑动变阻器 R2 串联，电压表 V1 测电源的电压，电压表 V2 测 R2 两端的电压，电流表测电路中的电流．因电源电压保持不变，所以，滑片移动时，电压表 V1 的示数不变，故 A 错误；滑动变阻器的滑片向左移动的过程中，接入电路中电阻变小，电路中的总电阻变小，由 I= 可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大，由 U=IR 可知，定值电阻 R1 两端的电压变大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器 R2 两端的电压变小，即电压表 V2 的示数变小，故 B 错误；因电压表 V1 的示数不变，电流表的示数变大，电压表 V2 的示数变小，所以，电压表 V1 示数和电流表示数的乘积变大，电压表 V2 示数和电流表的比值变小，故 C 正确、D 错误．故选 C．【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，分析好电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键．

分享到：

赞收藏

资料库

2016山东省淄博市中考物理真题及答案.doc

相关推荐

中考

热门标签

最新资料