2010下半年网络管理员考试真题及答案-上午卷.doc

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B.=COUNT（E3:E10,">=60"）和=COUNT（E3:E10，"<60"）

B.用户信箱的邮件接收服务器域名、分隔符和账号

(20)A.微波受到电离层的反射，可以传到很远的距离

C.微波频段的干扰少，传输质量高

(22)A.帧中继比X.25的通信开销少，传输速度更快

C.帧中继比异步传输模式能提供更高的数据速率

(52)A.发送大量ARP报文造成网络拥塞

MD5是一种（56）算法。

(57)A.故障管理、配置管理、计费管理、系统管理和安全管理

C.故障管理、配置管理、计费管理、性能管理和安全管理

(58)A.收本地或远程SNMP代理发送的陷入消息

Web站点除了主目录以外还可以采用（68）作为发布目录。

2010 下半年网络管理员考试真题及答案-上午卷某班级学生《C++程序设计》成绩表如下图所示。若学生作业成绩、上机成绩和笔试成绩分别占综合成绩的 15%、25%和 60%，那么可先在 E3 单元格中输入（1）,再向垂直方向拖动填充柄至 E10 单元格，则可自动算出这些学生的综合成绩。若要将及格和不及格的人数统计结果显示在 B11 和 E11 单元格中，则应在 B11 和 E11 中分别填写（2）。 (1)A.=B3*15%+C3*25%+D3*60% B.=B$3*15%+C$3*25%+D$3*60% C.=SUM（B3*15%+C3*25%+D3*60%） D.=SUM（B$3*15%+C$3*25%+D$3*60%） (2)A.=COUNT（E3:E10，>=60）和=COUNT（E3:E10，<60） B.=COUNT（E3:E10,">=60"）和=COUNT（E3:E10，"<60"） C.=COUNTIF（E3:E10，>=60）和=COUNTIF（E3:E10，<60） D.=COUNTIF（E3:E10，”>=60"）和=COUNTIF（E3:E10，"<60"）【答案】A D 【解析】 (1)因为相对引用的特点是：将计算公式复制或填充到其他单元格时，单元格的引用会自动随着移动位置的变化而变化，所以根据题意应采用相对引用。选项 A 采用相对引用，故在 E3 单元格中输入选项 A“=B3*15%+C3*25%+D3*60%”，并向垂直方向拖动填充柄至 E10 单元格，则可自动算出这些学生的综合成绩。 (2)由于 COUNT 是无条件统计函数，故选项 A 和 B 都不正确。COUNTIF 是根据条件进行统计的函数，其格式为：COUNTIF（统计范围，"统计条件"），而选项 C 中的统计条件未加引号，格式不正确，故正确的答案为选项 D。

下图中①、②和③分别表示电子邮件地址的（3）。 (3) A.用户信箱的邮件接收服务器域名、账号和分隔符 B.用户信箱的邮件接收服务器域名、分隔符和账号 C.用户信箱的账号、分隔符和邮件接收服务器域名 D.用户信箱的账号、邮件接收服务器域名和分隔符【答案】C 【解析】试题（3）的正确选项为已一个电子邮件地址，例如 shlinxin@mail.ceiaec.org，由三部分组成，其中，第一部分“shlinxin”代表用户信箱的账号，对于同一个邮件接收服务器来说，这个账号必须是唯一的；第二部分“@”是分隔符；第三部分“mailxeiaec.org”是用户信箱的邮件接收服务器域名，用以标识其所在的位置。中央处理单元（CPU）不包括（4）。 (4)A.算术逻辑运算单元 B.控制器 C.通用寄存器组 D.I/O 总线【答案】D 【解析】本题考查计算机硬件基础知识。计算机硬件中的中央处理单元（CPU）是指由运算单元（ALU）、控制单元（CU）、寄存器组（Registers）所组成的核心的集成部件，这些部件之间通过芯片级总线连接。 I/O 总线是在内存与外设（显示器、打印机、扫描仪、外部存储设备等）间传送数据的通路。如果将 CPU 比作跑车的引擎，I/O 总线就好似跑车的传动装置。设内存按字节编址，若 8K×8bit 存储空间的起始地址为 7000H,则该存储空间的最大地址编号为（5）。 (5)A.7FFF B.8FFF C.9FFF D.AFFF 【答案】B 【解析】本题考查计算机硬件中的内存部件基础知识。若按字节编址，则 8K×8bit 存储空间共有 8K（213）个存储单元，从十六进制的 0000

开始计数的话，最大的为 1FFF。因此，起始地址为 7000 时，最大的地址编号就为 8FFF。计算机中，执行一条指令所需要的时间称为指令周期，完成一项基本操作所需要的时间称为机器周期，时钟脉冲的重复周期称为时钟周期。因此，（6）。 (6) A.时钟周期大于机器周期 B.指令周期等于机器周期 C.机器周期大于指令周期 D.指令周期大于时钟周期【答案】D 【解析】本题考查计算机系统的指令系统基础知识。时钟周期也称为震荡周期，定义为时钟脉冲的倒数，是计算机中最基本的、最小的时间单位。在一个时钟周期内，CPU 仅完成一个最基本的动作。人们规定 10 纳秒（ns）为一个时钟周期，更小的时钟周期就意味着更高的工作频率。计算机中执行指令的过程一般分为取指令、分析指令和执行指令三个基本阶段。指令周期是执行一条指令所需要的时间，一般由若干个机器周期组成，是从取指令、分析指令到执行完所需的全部时间。即 CPU 从内存取出一条指令并执行这条指令的时间总和。指令不同，所需的机器周期数也不同。对于一些简单的单字节指令，在取指令周期中，指令取出到指令寄存器后，立即译码执行，不再需要其他的机器周期。对于一些比较复杂的指令，例如转移指令、乘法指令，则需要两个或者两个以上的机器周期。从指令的执行速度看，单字节和双字节指令一般为单机器周期和双机器周期，三字节指令都是双机器周期，只有乘、除指令占用 4 个机器周期。在编程时要注意选用具有同样功能而机器周期数少的指令。使用电容存储信息且需要周期性地进行刷新的存储器是（7）。 (7)A.DRAM B.EPROM C.SRAM D.EEPROM 【答案】A 【解析】本题考查计算机内存设备的基础知识。 DRAM（Dynamic Random Access Memory,动态随机存储器）是最为常见的计算机系统的内部存储器。DRAM 使用电容存储，为了保持数据，必须隔一段时间刷新（refresh）—次，如果存储单元没有被刷新，存储的信息就会丢失。 SRAM 是英文 StaticRAM 的缩写，它利用晶体管来存储数据，不需要刷新电路即能保存它内部存储的数据。与 DRAM 相比，SRAM 的速度快，但是集成度低（即在相同面积中 SRAM 的容

量要比 DRAM 的小）。 EPROM（Erasable Programmable Read-Only Memory,可擦除可编程 ROM）芯片可重复擦除和写入数据。EPROM 芯片有一个很明显的特征，在其正面的陶瓷封装上开有一个玻璃窗口，透过该窗口，可以看到其内部的集成电路，紫外线透过该孔照射内部芯片就可以擦除其内的数据。EPROM 内数据的写入要用专用的编程器，并且往芯片中写内容时必须要加一定的编程电压（VPP=12〜24V,随不同的芯片型号而定）。 EEPROM（Electrically Erasable Programmable Read-OnlyMemory，电可擦可编程只读存储器）是一种掉电后数据不丢失的存储芯片。EEPROM 可以在电脑上或专用设备上擦除已有信息，重新编程。一般用在即插即用。它常用在接口卡中，用来存放硬件设置数据，也常用在防止软件非法拷贝的“硬件锁”上面。（8）越高，屏幕上图像的闪烁感越小，图像越稳定，视觉效果也越好。当前 PC 中该指标大多采用（9）Hz。 (8)A.分辨率 B.显存容量 C.刷新频率 (9)A.88 B.75 C.65 D.色深 D.55 【答案】C B 【解析】 (8)因为刷新频率是指图像在显示器上更新的速度，也就是图像每秒在屏幕上出现的帧数，单位为 Hz。刷新频率越高，屏幕上图像的闪烁感就越小，图像越稳定，视觉效果也越好。 (9)因为刷新频率是指图像在显示器上更新的速度，也就是图像每秒在屏幕上出现的帧数，单位为 Hz。刷新频率越高，屏幕上图像的闪烁感就越小，图像越稳定，视觉效果也越好。一般刷新频率在 75Hz 以上时，影像的闪烁才不易被人眼查觉。这个性能指标主要取决于显示卡上 RAMDAC 的转换速度。计算机软件只要开发完成就能获得（10）并受到法律保护。 (10)A.著作权 B.专利权 C.商标权 D.商业秘密权【答案】A 【解析】本题考查知识产权方面的基础知识，涉及软件著作权取得的相关概念。

在我国，著作权釆取自动取得方式，即著作权因作品创作完成、形成作品这一法律事实的存在而自然取得，一般不必履行任何形式的登记或注册手续，也不论其是否已经发表。计算机软件属于著作权的客体，软件著作权自软件开发完成之日起产生。不论整体还是局部，只要具备了软件的属性即产生软件著作权，既不要求履行任何形式的登记或注册手续，也无须加注著作权标记，不论其是否已经发表都依法享有软件著作权。商业秘密权也是采用自动保护原则，不需要国家批准授权。但要求在主观上应有保守商业秘密的意愿，在客观上已经采取相应的措施进行保密。如果主观上没有保守商业秘密的意愿，或者客观上没有采取相应的保密措施，那么就认为其不具有商业秘密权。专利权、商标权需要经过申请（注册）、审查、批准等法定程序后才能取得，即须经国家行政管理部门依法确认、授予后，才能取得主体资格。著作权的权利人不包括（11）。 (11)A.发明人 B.翻译人 C.汇编人 D.委托人【答案】A 【解析】本题考查知识产权方面的基础知识，涉及软件著作权主体的相关概念。著作权人悬作品的所有人，作品包括演绎作品、汇编作品、委托作品、合作作品、影视作品、职务作品、计算机软件等。通过改编、翻译、注释、整理已有作品而产生的作品是演绎作品，其著作权属于改编人、翻译人、注释人和整理人。翻译是指将已有作品以其他种类的文字、符号、语言来解释或表现的行为，是一种演绎行为（即以原作品为蓝本进行再创作的行为）。翻译尽管是在他人已有作品的基础上进行的，但仍然需要翻译人艰辛的创作。无论是对原作品的理解与判断，还是在新作品完成过程中的选择、取舍、设计与编排，都是一种独创性的劳动，并最终以新的自然语言文字赋予原作品以新的形式。翻译的对象主要是文字作品、口述作品，也适用于软件中自然语言文字的改变。通过翻译已有作品而产生的作品是演绎作品，其著作权属于翻译人。汇编是经过对搜集的材料的筛选与排列组合而形成新的作品，常见的汇编作品有百科全书、辞典、文集、选集、报纸、期刊、年鉴、数据库等。汇编作品作为一个整体由汇编人享有著作权。委托是指作者受他人委托而创作作品。委托通常发生在工业实用艺术品设计、人物摄影、肖像制作、翻译、谏题研究、计算机软件等领域。委托作品著作权归属由委托人和受托人通过合同约定。合同未作明确约定或者没有订立合同的，著作权属于受托人即作者。发明人指发明、实用新型专利的创造人，及外观设计的设计人，是专利权的权利人。

按照国际电话电报咨询委员会（CCITT）的定义，（12）属于表现媒体（Presentation Medium）。 (12)A.声音 B.图像编码 C.显示器 D.光盘【答案】C 【解析】本题考查多媒体方面的基础知识，涉及多媒体定义的相关概念。按照国际电话电报咨询委员会（ Consultative CommitteeonI nternational Telephoneand Telegraph，CCITT）的定义，媒体可以归类为：（1）感觉媒体：指直接作用于人的感觉器官，使人产生直接感觉的媒体，如引起听觉反应的声音、引起视觉反应的图像等；（2）表示媒体：指传输感觉媒体的中介媒体，即用于数据交换的编码，如图像编码（JPEG、 MPEG）、文本编码（ASCII、GB2312）和声音编码等；（3）表现媒体：指进行信息输入和输出的媒体，如键盘、鼠标、扫描仪、话筒、摄像机等为输入媒体，显示器、打印机、喇叭等为输出媒体；（4）存储媒体：指用于存储表示媒体的物理介质，如磁盘、光盘、ROM 及 RAM 等；（5）传输媒体：指传输表示媒体的物理介质，如电缆、光缆、电磁波等。（13）表明了显示屏上能够显示出的像素数目。 (13)A.显示分辨率 B.图像分辨率 C.垂直分辨率 D.水平分辨率【答案】A 【解析】本题考查多媒体方面的基础知识，涉及分辨率的相关概念。显示分辨率是指显示屏上能够显示出的像素数目。例如，显示分辨率为 1024×768 表示显示屏分成 768 行（垂直分辨率），每行（水平分辨率）显示 1024 个像素，整个显示屏就含有 796 432 个显像点。屏幕能够显示的像素越多，说明显示设备的分辨率越高，显示的图像质量越高。图像分辨率是指组成一幅图像的像素密度，也是用水平和垂直的像素表示，即用每英寸多少点（dpi）表示数字化图像的大小。例如，用 200dpi 来扫描一幅 2×2.5in 的彩色照片，那么得到一幅 400×500 个像素点的图像。它实质上是图像数字化的采样间隔，由它确立组成一幅图像的像素数目。对同样大小的一幅图，如果组成该图的图像像素数目越多，则说明图像的分辨率越高，图像看起来就越逼真；反之则图像显得越粗糙。因此，不同的分辨率会造成不同的图像清晰度。

在 C 程序运行过程中，可以修改（14）。 (14)A.变量的类型 B.变量的名 C.变量的值 D.变量的作用域【答案】C 【解析】本题考查程序设计的基础知识。程序中的变量用于存储数据，是内存单元在源程序中的抽象。变量的值在程序运行过程中可以改变，而其类型、名称和作用域不能动态改变。程序运行过程中，把函数（或过程）调用与响应调用所需要的代码相结合的过程称为（15）。 (15)A.语义分析 B.代码连接 C.静态绑定 D.动态绑定【答案】D 【解析】本题考查程序语言的基础知识。一个方法被调用时，该方法关联其方法体的过程称为方法绑定。静态绑定是指在程序编译时进行绑定，动态绑定是指在运行时进行绑定，即根据实际情况有选择地进行绑定。将来源不同的编译单元装配成一个可执行程序是（16）的任务。 (16)A.连接程序 B.编译程序 C.解释程序 D.汇编程序【答案】A 【解析】本题考查程序语言的基础知识。用高级程序设计语言编写的源程序不能在计算机上直接执行，需要进行解释或编译。将源程序编译后形成目标程序，再连接上其他必要的目标程序后，形成可执行程序。若用 8 位机器码表示二进制数-111，则原码表示的十六进制形式为（17）；补码表示的十六进制形式为（18）。 (17)A.81 (18)A.F9 【答案】B A B.87 B.F0 C.0F C.89 D.FF D.80 【解析】本题考查计算机中数据表示的基础知识。原码编码规则是：用最髙位表示符号，正数用 0 表示，负数用 1 表示，其他位表示该数的绝对值。

二进制数-111 的 8 位原码表示为 10000111，即十六进制的 87。曼彻斯特编码与不归零码（NRZ）相比，其优点是（19）。 (19)A.编码效率更高 B.能提供比特同步信息 C.可以提供更髙的数据速率 D.可以提供更大的输出功率【答案】B 【解析】本题考查数据编码的基础知识。下图表示 NRZ 编码、曼彻斯特编码和差分曼彻斯特编码的波形。可以看出，曼彻斯特编码在每个比特的中间有一个跳变，可以看作是每个比特由两个码元组成，所以编码效率只有 50%，而 NRZ 的编码效率是 100%。曼彻斯特编码和差分曼彻斯特编码的优点是，每个比特中间的跳变可以提供比特同步信息，而 NRZ 编码在遇到长串的“0”或“1”时，电平就会变成一条直线，不能提供比特同步信息。无线微波通信在数据通信中占有重要地位，微波通信的特点是（20）。 (20)A.微波受到电离层的反射，可以传到很远的距离 B.卫星微波系统需要 4 个以上的通信卫星才能覆盖地球表面 C.微波频段的干扰少，传输质量高 D.卫星微波通信的延迟小，适合交互式应用【答案】C 【解析】本题考查微波通信的基础知识。微波的频率范围为 300MHz〜300GHz，主要使用 2GHz〜40GHz 频段。微波通信分为地面微波通信和卫星通信两种方式。由于微波在空间中是直线传播，而地球表面是曲面，所以地面传输距离只有 50km。若采用 100m 高的天线，传输距离可扩展到 100km。为实现远距离传输，必须在两个终端之间建立若干个中继站，进行接力通信。

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