(7)已知 f(x)为 R 上的减函数,则满足
A.(- ,1)
f
)1(
x
f
)1(
的实数 x 的取值范围是
B.(1,+ )
C.(- ,0) (0,1)
D.(- ,0) (1,+ )
解析:由已知得
1
解得 0x 或 x>1,选 D
1
x
(8)对于向量 a、b、c 和实数 ,下列命题中真命题是
A.若 a·b=0,则 a=0 或 b=0
C.若 a2=b2,则 a=b 或 a=-b
解析: a⊥b 时也有 a·b=0,故 A 不正确;同理 C 不正确;由 a·b=a·c 得不到 b=c,如 a
为零向量或 a 与 b、c 垂直时,选 B
B.若 a=0,则 =0 或 a=0
D.若 a-b=a·c,则 b=c
(9)已知 m,n 为两条不同的直线,
、 为两个不同的平面,则下列命题中正确的是
A.
m
n
,
,
m
∥ ,n∥ ∥
B. ∥ ,
m
n
,
, m∥n
C.m⊥ ,m⊥n n∥
D.n∥m,n⊥ m⊥
解析:A 中 m、n 少相交条件,不正确;B 中分别在两个平行平面的两条直线不一定平行,不
正确;C 中 n 可以在 内,不正确,选 D
(10)以双曲线 x2-y2=2 的右焦点为圆心,且与其右准线相切的圆的方程是
A.x2+y2-4x-3=0
C.x2+y2+4x-5=0
解析:双曲线 x2-y2=2 的右焦点为(2,0),即圆心为(2,0),右准线为 x=1,半径为 1,圆
B.x2+y2-4x+3=0
D.x2+y2+4x+5=0
方程为
(
x
2
)2
2
y
1
,即 x2+y2-4x+3=0,选 B
B.f ’(x)>0,g’(x)<0
D.f ’ (x)<0,g’(x)<0
(11)已知对任意实数 x,有 f(-x)=-f (x),g(-x)=g(x),且 x>0 时 f’’(x)>0,g’ (x) >0,
则 x<0 时
A.f’(x)>0,g’(x)>0
C.f ’(x)<0,g’(x)<0
解析:由已知 f(x)为奇函数,图像关于原点对称,在对称区间的单调性相同;g(x)为偶函数,
在对称区间的单调性相反, x>0 时 f’’(x)>0,g’ (x) >0,递增,当 x<0 时, f(x) 递增,
f ’(x)>0; g(x)递减, g’(x)<0,选 B
(12)某通讯公司推出一组手机卡号码,卡号的前七位数字固定,从“×××××××0000”
到“×××××××9999”共 10000 个号码.公司规定:凡卡号的后四位带有数字“4”或“7”
的一律作为“优惠卡”,则这组号码中“优惠卡”的个数为
A.2000
解 析 : 10000 个 号 码 中 不 含 4 、 7 的 有 84=4096 , 故 这 组 号 码 中 “ 优 惠 卡 ” 的 个 数 为
10000-4096=5904,选 C
D.8320
B.4096
C.5904
二、填空题:本大题共 4 小题,每小题 4 分,共 16 分。把答案填在答题卡的相应位置。
第Ⅱ卷(非选择题 共 90 分)
(13)(x2+
1
x
)6 的展开式中常数项是
.(用数字作答)
解析:法一:由组合数性质,要使出现常数项必须取 2 个 x2,4 个
1
x
,故常数项为
2
6 C
15
法二:展开后可得常数项为 15
(14)已知实数 x、y 满足
x
x
0
y
y
y
,2
,2
,3
则 z=2x-y 的取值范围是
.
解析:画出可行域知 z=2x-y 在(-1,3)取得最小值-5,在(5,3)取得最大值 7,范围是
[-5,7]
(15)已知长方形 ABCD,AB=4,BC=3,则以 A、B 为焦点,且过 C、D 两点的椭圆的离心
率为
。
解析:由已知 C=2,
2
b
a
3
a
3
a
2
a
4
3
2
b
a
,4
e
c
a
2
4
1
2
(16)中学数学中存在许多关系,比如“相等关系”、“平行关系”等等.如果集合 A 中元素
之间的一个关系“-”满足以下三个条件:
(1)自反性:对于任意 a∈A,都有 a-a;
(2)对称性:对于 a,b∈A,若 a-b,则有 b-a;
(3)传递性:对于 a,b,c∈A,若 a-b,b-c,则有 a-c.
则称“-”是集合 A 的一个等价关系.例如:“数的相等”是等价关系,而“直线的平行”不
是等价关系(自反性不成立).请你再列出两个等价关系:
.
解析:答案不唯一,如“图形的全等”、“图形的相似”、“非零向量的共线”、“命题的充要
条件”等等.
三、解答题:本大题共 6 小题,共 74 分,解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤.
(17)(本小题满分 12 分)
在△ABC 中,tanA=
(I)求角 C 的大小;
1
4
,tanB=
3
5
.
(II)若 AB 边的长为 17 ,求 BC 边的长
本小题主要考查两角和差公式,用同角三角函数关系等解斜三角形的基本知识以及推理
知运算能力.满分 12 分.
解:(I)∵C= -(A+B),
1
4
11
4
3
5
3·
5
,= 1
∴tanC=-tan(A+B)=
又∵0
(II)由
tan
sin
A
2
cos
sin
A
cos
A
2
A
1
4
,1
,
且 A∈(0,
2
),
得 sinA=
.
17
17
AB
sin
C
∵
BC
,
sin
A
sin
A
sin
C
∴BC=AB·
2
.
(18)(本小题满分 12 分)
甲、乙两名跳高运动员一次试跳 2 米高度成功的概率分别为 0.7、0.6,且每次试跳成
功与否相互之间没有影响,求:
(I)甲试跳三次,第三次才能成功的概率;
(II)甲、乙两人在第一次试跳中至少有一人成功的概率;
(III)甲、乙各试跳两次,甲比乙的成功次数恰好多一次的概率.
本小题主要考查概率的基础知识,运用数学知识解决问题的能力,以及推理与运算能力.
解:记“甲第 i 次试跳成功”为事件 A1,“乙第 i 次试跳成功”为事件 B1.
依题意得 P(A1)=0.7,P(B1)=0.6,且 A1B1(i=1,2,3)相互独立.
(I)“甲第三次试跳才成功”为事件
1 AA
2
A3,且三次试跳相互独立,
∴P(
1 AA
2
A3)=P( 1A )P
(
APA
2
3
(
)
)
=0.3×0.3×0.7=0.063.
答:甲第三次试跳才成功的概率为 0.063.
(II)甲、乙两支在第一次试跳中至少有一人成功为事件 C,
解法一:C=A1
B
1
BA
1
1
BA
,且
1
1
BABABA
1
1
、、
1
1
1
1
彼此互斥,
∴P(C)
)()()(=
·
BAP
1
1
·
BAP
1
1
·
BAP
1
1
=
BPAP
)()()()()()(
1
BPAP
1
BPAP
1
1
1
1
=0.7×0.4+0.3×0.6+0.7×0.6
= 0.88.
解法二:P(C)=1-
BPAP
)()(
1 ·
1
=1-0.3×0.4=0.88.
答:甲、乙两人在第一次试跳中至少有一人成功的概率为 0.88.
(III)设“甲在两次试跳中成功 i 次”为事件 Mi(i=0,1,2),
“乙在两次试跳中成功 i 次”为事件 Ni(i=0,1,2),
∵事件“甲、乙各试跳两次,甲比乙的成功次数恰好多一次”可表示为 M1N0+M2N1,且 M1N0、M2N1
为互斥事件.
∴所求的概率为
NMNMP
(
2
1
0
()=
1
NMP
1
()
0
NMP
2
)
1
)()(=
NPMP
0
1
(
NPMP
(
)
2
)
1
=C1
2
×0.7×0.3×0.42+0.72×C1
2
×0.6×0.4
=0.0672+0.2352
=0.3024.
答:甲、乙每人试跳两次,甲比乙的成功次数恰好多一次的概率为 0.3024.
(19)(本小题满分 12 分)
如图,正三棱柱 ABC-A1B1C1 的所有棱长都为 2,D 为 CC1 中点.
(I)求证:AB1⊥平面 A1BD;
(II)求二面角 A-A1D-B 的大小.
本小题主要考查直线与平面的位置关系,三面角的大小
等知识,考查空间想象能力、逻辑思维能力和运算能力
解法一:(I)取 BC 中点 O,连结 AO.
∵△ABC 为正三角形,∴AO⊥BC.
∵ 正 三 棱 柱 ABC-A1B1C1 中 , 平 面 ABC⊥ 平 面
BCC1B1,
∴AO⊥平面 BCC1B1,
连结 B1O,在正方形 BB1C1C 中,O、D 分别为 BC、
CC1 的中点,
∴B1O⊥BD,
∴AB1⊥BD.
在正方形 ABB1A1 中,AB1⊥A1B,
∴AB1⊥平面 A1BD.
(II)设 AB1 与 A1B 交于点 C,在平面 A1BD 中,作 GF⊥A1D 于 F,连结 AF,由(I)得 AB1⊥平
面 A1BD,
∴∠AFG 为二面 A-A1B-B 的平面角.
54
5
,
在△AA1D 中,由等面积法可求得 AF=
又∵AG=
1 AB = 2 ,
2
1
∴sin∠AFG=
AG
AF
2
54
5
10
4
,
所以二面角 A-A1D-B 的大小为 arcsin
解法二:(I)取 BC 中点 O,连结 AO.
10
4
.
∵△ABC 为正三角形,∴AO⊥BC.
∵正三棱柱 ABC-A1B1C1 中,平面 ABC⊥平面 BCC1B1,
∴AO⊥平面 BCC1B1.
取 B1C1 中点 O1,以 a 为原点,
OB ,, 1 的方向为 x、y、z 轴的正方向建立空间直角坐标
OO
OA
系,则 B(1,0,0),D (-1,1,0),A1(0,2, 3 ),A(0,0, 3 ),B1(1,2,0),
∴
AB =
,2,1(
1
),3
BD
),0,1,2(
BA
1
)3,2,1(
∵
AB
1
·
BD
=
022
,0
AB
1
·
BA
=
1
0341
,=
BD, ⊥ 1BA ,
∴ 1AB ⊥
1AB
∴AB1⊥平面 A1BD.
(II)设平面 A1AD 的法向量为 n=(x,y,z).
AD=
,1,1(
),3
AA
1
).0,2,0(
∵n⊥
nAD, ⊥ 1AA ,
∴
·
ADn
·
1AAn
,=
,=
0
0
∵
y
x
,0
2
y
3
,0
∴
y
x
,0
3
z
令 z=1 得 a=(- 3 ,0,1)为平面 A1AD 的一个法向量.
由(I)知 AB1⊥A1BD.
∴ 1AB 为平面 A1BD 的法向量.
cos=
·
1ABn
|AB|n|
1
=
3
22·2
3
=-
6
4
.
∴二面角 A-A1D-B 的大小为 arccos
6
4
.
(20)(本小题满分 12 分)
设函数 f(x)=tx2+2t2x+t-1(x∈R,t>0).
(I)求 f (x)的最小值 h(t);
(II)若 h(t)<-2t+m 对 t∈(0,2)恒成立,求实数 m 的取值范围.
本题主要考查函数的单调性、极值以及函数导数的应用,考查运用数学知识分析问题解
决问题的能力.
解:(I)∵
)(
xf
(
xt
2
t
)
3
t
t
1
(
tRx
,
0
),
∴当 x=-t 时,f(x)取最小值 f(-t)=-t2+t-1,
即 h(t)=-t3+t-1.
(II)令 g(t)=h(t)-(-2t+m)=-t3+3t-1-m,
由 g’(t)=-3t2+3=0 得 t=1,t=-1(不合题意,舍去).
当 t 变化时 g’(t)、g(t)的变化情况如下表:
T
(0,1)
g’(t)
+
1
0
g(t)
递增
极大值 1-m
(1,2)
-
递减
∴g(t)在(0,2)内有最大值 g(1)=1-m
h(t)<-2t+m 在(0,2)内恒成立等价于 g(t)<0 在(0,2)内恒成立,
即等价于 1-m<0
所以 m 的取值范围为 m>1
(21)(本小题满分 12 分)
数列{an}的前 N 项和为 Sn,a1=1,an+1=2Sn (n∈N*).
(I)求数列{an}的通项 an;
(II)求数列{nan}的前 n 项和 T.
本小题考查数列的基本知识,考查等比数列的概念、通项公式及数列的求和,考查分类
讨论及归的数学思想方法,以及推理和运算能力.满分 12 分.
解:(I)∵an+1=2Sn,,
∴Sn+1-Sn=2Sn,
S 1 =3.
n
S
∴
n
又∵S1=a1=1,
∴数列{Sn}是首项为 1、公比为 3 的等比数列,Sn=3n-1(n∈N*).
∴当 n 2 时,an-2Sn-1=2·3n-2(n 2),
∴an=
1
,
n
n
2
1
,
3·2
n
.2
(II)Tn=a1+2a2+3a3+…+nan.
当 n=1 时,T1=1;
当 n 2 时,Tn=1+4·30+6·31+2n·3 n-2,…………①
3Tn=3+4·31+6·32+…+2n·3n-1,…………②
①-②得:-2Tn=-2+4+2(31+32+…+3n-2)-2n·3 n-1
n)
3·2
n
1
2
=2+2·
n
313
(
31
=-1+(1-2n)·3n-1
1
2
)3n-1 (n 2).
∴Tn=
1
2
+(n-
又∵Tn=a1=1 也满足上式,
∴Tn=
1
2
+(n-
1
2
)3n-1(n∈N*)
(22)(本小题满分 14 分)
如图,已知点 F(1,0),直线 l:x=-1,P 为平面上的动点,过 P 作 l 的垂线,垂足为点 Q,
且
OP ·
OF
·=
FP
FQ
(I)求动点 P 的轨迹 C 的方程;
(II)过点 F 的直线交轨迹 C 于 A、B 两点,交直线 l 于点 M.
(1)已知
MA
=
1
AF
MB
=,
BF
,求
1
2
2
的值;
(2)求| MA |·| MB |的最小值.
)本小题考查直线、抛物线、向量等基础知识,考查轨迹方程的求法以及研究曲线几何特征
的基本方法,考查运算能力和综合解题能力.满分 14 分.
解法一:(I)设点 P(x,y),则 Q(-1,y),由
OP
· =
QF
FP
·
FQ
得:
(x+1,0)·(2,-y)=(x-1,y)·(-2,y),化简得 C:y2=4x.
(II)(1)设直线 AB 的方程为:
x=my+1(m≠0).
设 A(x1,y1),B(x2,y2),又 M(-1,-
2
m
).
联立方程组
y
x
2
,4
x
my
1
,消去 x 得:
y2-4my-4=0,
△ =(-4m)2+12>0,
y
1
yy
1
2
,4
y
m
2
.4
由
y
1
MA
2
m
2
m
,
AF
,
MB
BF
2
得:
,
yy
11
2
y
2
2
,整理得:
1
1
,2
my
1
1
2
2
my
2
,
∴
1
=
2
2
1(2
ym
1
)1
y
2
=
2
y
1·2
m
yy
1
y
2
2