2012下半年网络管理员考试真题及答案-上午卷.doc

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CPU的某本功能不包括（6）。

(19)A.10100111B.11110011C.01110111D.01110

DHCP协议的功能是（32），它使用（33）作为传输协议。

IEEE802.11定义了Ad Hoc无线网络标准。下面关于Ad Hoc网络的说明中错误的是（35）

IE浏览器不能解释执行的是（46）程序。

SNMP代理的应答报文类型是（62）。

Linux系统中，设置文件访问权限的命令是（63）。

Linux系统中，査看进程状态的命令是（64）。

TFTP封装在（69）报文中进行传输，其作用是（70）。

2012 下半年网络管理员考试真题及答案-上午卷在文字处理软件 Word 的编辑状态下，将光标移至文本行首左侧空白处呈形状时，若双击鼠标左键，则可以选中（1）。 (1)A.单词 B.一行 C.一段落 D.全文【答案】C 【解析】本题考查 Word 方面的基础知识。在 Word 2003 的编辑状态下，将光标移至文本行首左侧空白处呈形状时，若单击鼠标左键，则可以选中一行；若双击鼠标左键，则可以选中一段落；若三击鼠标左键，则可以选中全文。在 Windows 系统中，扩展名（2）表示该文件是批处理文件。 (2)A.com B.sys C.bat D.swf 【答案】C 【解析】在 Windows 操作系统中，文件名通常由主文件名和扩展名组成，中间以“.”连接，如 myfile.doc，扩展名常用来表示文件的数据类型和性质。下表给出常见的扩展名所代表的文件类型：在电子表格软件 Excel 中，假设 A1 单元格的值为 15，若在 A2 单元格输入“=AND（15

【答案】C D 【解析】本题考查 Excel 基础知识方面的知识。公式“=AND（15

位数为（8）表明精度更高，所录制的声音质量也更好。 (7)A.刷新频率 B.采样频率 C.色彩位数 D.显示分辨率 (8)A.8 B.16 C.24 D.32 【答案】B D 【解析】本题考查计算机系统及设备性能方面的基础知识。声卡的性能指标主要包括采样频率和采样位数。其中，采样频率即每秒采集声音样本的数量。标准的采样频率有三种：11.025kHz（语音）、22.05kHz（音乐）和 44.1kHz（高保真），有些高档声卡能提供 5kHz——8kHZ 的连续采样频率。采样频率越高，记录声音的波形就越准确，保真度就越高，但采样产生的数据量也越大，要求的存储空间也越多。采样位数为是将声音从模拟信号转化为数字信号的二进制位数，即进行 A/D、D/A 转换的精度，位数越高，采样精度越高。以下文件中，（9）是声音文件。 (9)A.marry.wps B.index.htm C.marry.bmp D.marry.mp3 【答案】D 【解析】本题考查多媒体基础知识。声音在计算机中存储和处理时，其数据必须以文件的形式进行组织，所选用的文件格式必须得到操作系统和应用软件的支持。在互连网上和各种不同计算机以及应用软件中使用的声音文件格式也互不相同。wps 是文本文件（一种文字格式文件）；htm 是网页文件；bmp 是一种图像文件格式，在 Windows 环境下运行的所有图像处理软件几乎都支持 bmp 图像文件格式；mp3 文件是流行的声音文件格式（音乐产业的数据标准）。脚本语言程序开发不采用“编写-编译-链接-运行”模式，（10）不属于脚本语言。 (10)A.Delphi B.Php C.Python D.Ruby 【答案】A 【解析】本题考查程序语言基础知识。 Delphi 是 Windows 平台下著名的快速应用程序开发工具和可视化编程环境。 PHP（Hypertext Preprocessor）是一种 HTML 内嵌式的语言，是一种在服务器端执行的嵌入 HTML 文档的脚本语言，语言的风格有类似于 C 语言，被广泛地运用。 Python 是一种面向对象、解释型编程语言，也是一种功能强大的通用型语言，支持命令式

程序设计、面向对象程序设计、函数式编程、面向切面编程、泛型编程多种编程范式。Python 经常被当作脚本语言用于处理系统管理任务和网络程序编写。 Ruby 是一种为简单快捷的面向对象编程而创建的脚本语言，20 世纪 90 年代由日本人松本行弘开发。利用（11）不能将印刷图片资料录入计算机。 (11)A.扫描仪 B.数码相机 C.摄像设备 D.语音识别软件【答案】D 【解析】本题考查多媒体基础知识，主要涉及多媒体信息采集与转换设备（软、硬件设备）。数字转换设备可以把从现实世界中采集到的文本、图形、图像、声音、动 E 和视频等多媒体信息转换成计算机能够记录和处理的数据。例如，使用扫描仪对印刷品、图片、照片或照相底片等进行扫描，使用数字相机或数字摄像机对选定的景物进行拍摄等均可获得数字图像数据、数字视频数据等。又如，使用计算机键盘选择任意输入法软件人工录入文字资料，使用语音识别软件以朗读方式录入文字资料，使用扫描仪扫描文字资料后利用光学字符识别（OCR）软件录入文字资料等。获取操作数速度最快的寻址方式是（12）。 (12)A.立即寻址 B.直接寻址 C.间接寻址 D.寄存器寻址【答案】A 【解析】本题考查计算机系统硬件方面的基础知识。寻址方式就是如何对指令中的地址字段进行解释，以获得操作数的方法或获得程序转移地址的方法。立即寻址是指操作数就包含在指令中。直接寻址是指操作数存放在内存单元中，指令中直接给出操作数所在存储单元的地址。间接寻址是指指令中给出操作数地址的地址。寄存器寻址是指操作数存放在某一寄存器中，指令中给出存放操作数的寄存器名。可用紫外光线擦除信息的存储器是（13）。 (13)A.DRAM B.PROM C.EPROM D.EEPROM 【答案】C

【解析】本题考查存储器基础知识。 DRAM（Dynamic Random Access Memory）,即动态随机存取存储器最为常见的系统内存。 DRAM 使用电容存储数据，所以必须隔一段时间刷新一次，如果存储单元没有被刷新，存储的信息就会丢失。可编程的只读存储器（Programmable Read Only Memory,PROM）:其内容可以由用户一次性地写入，写入后不能再修改。可擦除可编程只读存储器（Erasable Programmable Read Only Memory，EPROM ）：其内容既可以读出，也可以由用户写入，写入后还可以修改。改写的方法是，写入之前先用紫外线照射 15〜20 分钟以擦去所有信息，然后再用特殊的电子设备写入信息。电擦除的可编程只读存储器（ Electrically Erasable Programmable Read Only Memory,EEPROM）：与 EPROM 相似，EEPROM 中的内容既可以读出，也可以进行改写。只不过这种存储器是用电擦除的方法进行数据的改写。（14）不属于程序的基本控制结构。 (14)A.顺序结构 B.分支结构 C.循环结构 D.递归结构【答案】D 【解析】本题考查程序语言基础知识。算法和程序的三种基本控制结构为顺序结构、分支结构和循环结构。源程序中（15）与程序的运行结果无关。 (15)A.注释的多少 B.变量的取值 C.循环语句的执行次数 D.表达式的求值方式【答案】A 【解析】源程序中的注释的作用是方便代码的阅读和维护，它与程序的运行结果无关。因为注释在编译代码时会被忽略，不编译到最后的可执行文件中，所以注释不会增加可执行文件的大小与执行的结果。在结构化设计中，主要根据（16）进行软件体系结构设计。

(16)A.数据流图 B.实体-关系图 C.状态-迁移图 D.数据字典【答案】A 【解析】在结构化设计中，根据数据流图进行体系结构设计和接口设计，根据数据字典和实体关系图进行数据设计，根据加工规格说明、状态转换图和控制规格说明进行过程设计。在面向对象技术中，（17）说明一个对象具有多种形态。 (17)A.继承 B.组合 C.封装 D.多态【答案】D 【解析】本题考查面向对象的基本知识。面向对象技术中，继承关系是一种模仿现实世界中继承关系的一种类之间的关系，是超类（父类）和子类之间共享数据和方法的机制。在定义和实现一个类的时候，可以在一个已经存在的类的基础上来进行，把这个已经存在的类所定义的内容作为自己的内容，并加入新的内容。组合表示对象之间整体与部分的关系。封装是一种信息隐藏技术，其目的是使对象（组件）的使用者和生产者分离，也就使地其他开发人员无需了解所要使用的软件组件内部的工作机制，只需知道如何使用组件，即组件提供的功能及其接口。多态（polymorphism）是不同的对象收到同一消息可以产生完全不同的结果的现象，使得用户可以发送一个通用的消息，而实现的细节则由接收对象自行决定，达到同一消息就可以调用不同的方法，即多种形态。软件著作权保护的对象不包括（18）。 (18)A.源程序 B.目标程序 C.流程图 D.算法【答案】D 【解析】本题考查知识产权基础知识。软件著作权保护的对象是指著作权法保护的计算机软件，包括计算机程序及其有关文档。计算机程序是指为了得到某种结果而可以由计算机等具有信息处理能力的装置执行的代码化指令序列，或可被自动转换成代码化指令序列的符号化指令序列或符号化语句序列，通常包括源程序和目标程序。软件文档是指用自然语言或者形式化语言所编写的文字资料和图表，以用来描述程序的内容、组成、设计、功能、开发情况、测试结果及使用方法等，如程序设计说明书、流程图、数据流图、用户手册等。

著作权法只保护作品的表达，不保护作品的思想、原理、概念、方法、公式、算法等，对计算机软件来说，只有程序的作品性能得到著作权法的保护，而体现其功能性的程序构思、程序技巧等却无法得到保护。如开发软件所用的思想、处理过程、操作方法或者数学概念等。下面是 8 位曼彻斯特编码的信号波形图，表示的数据是（19）。 (19)A.10100111 B.11110011 C.01110111 D.01110101 【答案】A 【解析】曼彻斯特编码（Manchester Code）是一种双相码（或称分相码）。可以用高电平到低电平的转换边表示“1”，而用低电平到高电平的转换边表示“0”；相反的表示也是允许的。比特中间的电平转换边既表示了数据代码，同时也作为定时信号使用。用两种表示方式分别试验，可以发现本题中采用的是第一种表示方式，表示的数据是 10100111。光纤通信中使用的复用方式是（20）。T1 载波采用的复用方式是（21）。 (20)A.时分多路 B.空分多路 C.波分多路 D.频分多路 (21)A.时分多路 B.空分多路 C.波分多路 D.频分多路【答案】C A 【解析】在光纤通信中使用波分多路复用技术，用不同波长的光波承来载不同的子信道，多路复用信道同时传送所有子信道的波长。这种网络中要使用能够对光波进行分解和合成的多路器，如下图所示。在光纤通信中使用波分多路复用技术，用不同波长的光波承来载不同的子信道，多路复用信道同时传送所有子信道的波长。这种网络中要使用能够对光波进行分解和合成的多路器，如下图所示。

在美国和日本使用的 T1 载波标准采用同步时分多路复用技术。对 4kHz 的话音信道按 8kHz 的速率采样，128 级量化，则每个话音信道的比特率是 56kb/s。T1 载把 24 路话音信道按时分多路的原理复合在一条 1.544Mb/s 的高速信道上。该系统的工作是这样的，用一个编码解码器轮流对 24 路话音信道取样、量化和编码，一个取样周期中（125μs）得到的 7 位一组的数字合成一串，共 7×24 位长。这样的数字串在送入高速信道前要在每一个 7 位组的后面插入一个信令位，于是变成了 8×24=192 位长的数字串。这 192 位数字组成一帧，最后再加入一个帧同步位，故帧长为 193 位。每 125μs 传送一帧，其中包含了各路话音信道的一组数字，还包含总共 24 位的控制信息，以及 1 位帧同步信息，如下图所示。在美国和日本使用的 T1 载波标准采用同步时分多路复用技术。对 4kHz 的话音信道按 8kHz 的速率采样，128 级量化，则每个话音信道的比特率是 56kb/s。T1 载把 24 路话音信道按时分多路的原理复合在一条 1.544Mb/s 的高速信道上。该系统的工作是这样的，用一个编码解码器轮流对 24 路话音信道取样、量化和编码，一个取样周期中（125μs）得到的 7 位一组的数字合成一串，共 7×24 位长。这样的数字串在送入高速信道前要在每一个 7 位组的后面插入一个信令位，于是变成了 8×24=192 位长的数字串。这 192 位数字组成一帧，最后再加入一个帧同步位，故帧长为 193 位。每 125μs 传送一帧，其中包含了各路话音信道的一组数字，还包含总共 24 位的控制信息，以及 1 位帧同步信息，如下图所示。下面的网络互联设备中，用于广域网互联的是（22），用于延长网段的是（23）。 (22)A.中继器 B.交换机 C.路由器 D.网桥

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