2015下半年网络工程师考试真题及答案-上午卷.doc

发布时间：2022-10-09 发布人：admin 分类：说明书资料大小：0.50M 资料格式：doc 举报版权申诉

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CPU是在（1）结束时响应DMA请求的。

(6)A.9B.15C.22D.24

(12)A.2B.4C.6D.8

(14)A.通过ICMP可以找到与MAC地址对应的IP地址

(15)A.500 b/sB.1000 b/sC.2000 b/sD.4800 b

E1载波的数据速率是（16）。E3载波的数据速率是（17）。

(16)A.64kb/sB.2.048Mb/sC.34.368Mb/s D.139

(18)A.对分复用B.频分复用C.空分复用 D.码分多址

(20)A.SYN receivedB.EstablishedC.ListenD.FIN

TCP使用的流量控制协议是（22）。

(23)A.远程网络路由B.主机路由C.默认路由D.静态路由

(24)A.发现新的路由 B.计算最短通路 C.控制路由策略D.维护网络拓扑数据库

(25)A.路由环路 B.最短通路 C.路由计算D.路由更新

(26)A.IP数据报 B.以太帧 C.TCP报文D.UDP报文

(27)A.发送链路状态公告B.检查网络故障

POP3协议采用（28）模式，客户端代理与POP3服务器通过建立（29）连接来传送数据。

(28)A.Browser/ServerB.Client/Server C.Peer to

(31)A.ifconfig eth0 192.168.1.1 mask 255.255.255.0

(33)A.192.168.1.254B.10.10.1.3C.10.10.1.1D.

(38)A.196.254.109.100B.169.254.109.100

(39)A.abc.comB.POP3.abc.comC.POP.comD.POP3

(42)A.RSAB.IDEAC.RC4D.MD5

(44)A.S-HTTPB.PGPC.MIMED.SET

(45)A.包过滤B.查毒C.记录访问过程D.代理

(46)A.本地主机正在使用的端口号是公共端口号

(47)A.禁止浏览器运行Active X控件

(48)A.用户主机的网关设置错误

(49)A.CiscoWorksB.NetviewC.SolarwindsD.Wires

(50)A.noAccessB.genErrC.wrongValueD.noCreat

(51)A.220.78.177.0/21B.220.78.168.0/21

(52)A.60.15.1.0/17B.60.15.2.0/17

(53)A.4B.8C.10D.16

(55)A.包含匹配B.恰当匹配C.最长匹配D.最短匹配

(57)A.router (config)#B.router (config-in)#

(58)A.router>show router protocol

(59)A.router（config）>ip route 2.0.0.0 255.0.0.0 vi

(60)A.地区号B.地址类型或子网地址C.网络类型D.播送方式或子网号

(62)A.每个结点按照逻辑顺序占用一个时间片轮流发送

(63)A.交换机从路由表中提取设备的MAC地址

(64)A.10Mb/sB.100Mb/sC.20Mb/sD.1Gb/s

(67)A.带有MPLS标记的分组封装在PPP帧中传输

(68)A.Cable ModemB.ADSL ModemC.OLTD.CMTS

(70)A.为了保障安全性，对分组要进行有效性检查

(71)A.switchB.terminalC.hostsD.users

(72)A.routerB.protocolC.hostD.mechanism

(73)A.controlB.broadcastC.configurationD.tr

(74)A.permanentB.dynamicC.correctionD.sessi

(75)A.controllerB.userC.hostD.administrat

2015 下半年网络工程师考试真题及答案-上午卷 CPU 是在（1）结束时响应 DMA 请求的。 (1)A.一条指令执行 B.一段程序 C.一个时钟周期 D.一个总线周期【答案】D 【解析】本题考查计算机组成基础知识。 DMA 控制器在需要的时候代替 CPU 作为总线主设备，在不受 CPU 干预的情况下，控制 I/O 设备与系统主存之间的直接数据传输。DMA 操作占用的资源是系统总线，而 CPU 并非在整个指令执行期间即指令周期内都会使用总线，故 DMA 请求的检测点设置在每个机器周期也即总线周期结束时执行，这样使得总线利用率最高。虚拟存储体系是由（2）两级存储器构成。 (2)A.主存-辅存 B.寄存器-Cache C.寄存器-主存 D.Cache-主存【答案】A 【解析】本题考查计算机组成基础知识。计算机中不同容量、不同速度、不同访问形式、不同用途的各种存储器形成的是一种层次结构的存储系统。所有的存储器设备按照一定的层次逻辑关系通过软硬件连接起来，并进行有效的管理，就形成了存储体系。不同层次上的存储器发挥着不同的作用。一般计算机系统中主要有两种存储体系：Cache 存储体系由 Cache 和主存储器构成，主要目的是提高存储器速度，对系统程序员以上均透明；虚拟存储体系由主存储器和在线磁盘存储器等辅存构成，主要目的是扩大存储器容量，对应用程序员透明。在机器指令的地址字段中，直接指出操作数本身的寻址方式称为（3）。 (3)A.隐含寻址 B.寄存器寻址 C.立即寻址 D.直接寻址【答案】C 【解析】本题考查计算机组成基础知识。随着主存增加，指令本身很难保证直接反映操作数的值或其地址，必须通过某种映射方式实现对所需操作数的获取。指令系统中将这种映射方式称为寻址方式，即指令按什么方式寻找（或访问）到所需的操作数或信息（例如转移地址信息等)。可以被指令访问到的数据和信息包括通用寄存器、主存、堆桟及外设端口寄存器等。

指令中地址码字段直接给出操作数本身，而不是其访存地址，不需要访问任何地址的寻址方式被称为立即寻址。内存按字节编址从 B3000H 到 DABFFH 的区域，其存储容量为（4）。 (4)A.123KB B.159KB C.163KB D.194KB 【答案】B 【解析】本题考查计算机组成基础知识。直接计算 16 进制地址包含的存储单元个数即可。 DABFFH - B3000H + 1 = 27C00H = 162816 = 159K,按字节编址，故此区域的存储容量为 159KB。在软件项目管理中，以下关于人员管理的叙述，正确的是（5）。 (5)A.项目组成员的工作风格也应该作为组织团队时要考虑的一个要素 B.鼓励团队的每个成员充分地参与开发过程的所有阶段 C.仅根据开发人员的能力来组织开发团队 D.若项目进度滞后于计划，则增加开发人员一定可以加快开发进度【答案】A 【解析】本题考查软件项目管理的基础知识。人员管理是软件项目管理的一个重要部分，在组织开发团队时，应该考虑开发人员的工作能力、知识背景、工作风格、兴趣爱好等多方面的因素。每个成员的工作任务分配清楚，不应该参与所有阶段的工作。当项目进度滞后于项目计划时，增加幵发人员不一定可以加快开发进度。某软件项目的活动图如下图所示，其中顶点表示项目里程碑，连接顶点的边表示包含的活动，边上的数字表示该活动所需的天数，则完成该项目的最少时间为（6）天。活动 BD 最多可以晚（7）天开始而不会影响整个项目的进度。

(6)A.9 (7)A.2 【答案】D A B.15 B.3 C.22 C.5 D.24 D.9 【解析】本题考査软件项目管理的基础知识。根据上图计算出关键路径为 A-B-C-E-F-I-K-.L,其长度为 24,关键路径上的活动均为关键活动。活动 BD 不在关键路径上，包含该活动的最长路径为 A-B-D-G-I-K-L，其长度为 22，因此松弛时间为 2。在 Windows 系统中，设 E 盘的根目录下存在 document1 文件夹，用户在该文件夹下已创建了 document2 文件夹，而当前文件夹为，docunment1。若用户将 test.docx 文件存放 document2 文件夹中，则该文件的绝对路径为（8）；在程序中能正确访问该文件且效率较高的方式为（9）。 (8)A.\document1\ C.document2\ B.E:\document1\ document2 D.E:\document2\ document1 (9)A.\document1\test.docx B.document1\ document2\test.docx C.document2\test.docx D.E:\document1\ document2\test.docx 【答案】B C 【解析】按查找文件的起点不同可以将路径分为：绝对路径和相对路径。从根目录开始的路径称为绝对路径；从用户当前工作目录开始的路径称为相对路径，相对路径是随着当前工作目录的变化而改变的。在 Windows 操作系统中，绝对路径是从根目录开始到文件所经过的文件夹名构成的，并以开始，表示根目录；文件夹名之间用符号“\”分隔。按题意，“tesUiocx”的绝对路径表示为：E:\document1\ document2。相对路径是从当前文件夹开始到文件所经过的文件夹名。

编程时采用相对路径名 document2\test.docx，不仅能正确地访问该文件而且效率也更高。软件设计师王某在其公司的某一综合信息管理系统软件开发工作中承担了大部分程序设计工作。该系统交付用户，投入试运行后，王某辞职离开公司，并带走了该综合信息管理系统的源程序，拒不交还公司。王某认为，综合信息管理系统源程序是他独立完成的，他是综合信息管理系统源程序的软件著作权人。王某的行为（10）。 (10)A.侵犯了公司的软件著作权 B.未侵犯公司的软件著作权 C.侵犯了公司的商业秘密权 D.不涉及侵犯公司的软件著作权【答案】A 【解析】王某的行为侵犯了公司的软件著作权。因为王某作为公司的职员，完成的某一综合信息管理系统软件是针对其本职工作中明确指定的开发目标而开发的软件。该软件应为职务作品，并属于特殊职务作品。公司对该软件享有除署名权外的软件著作权的其他权利，而王某只享有署名权。王某持有该软件源程序不归还公司的行为，妨碍了公司正常行使软件著作权，构成对公司软件著作权的侵犯，应承担停止侵权法律责任，交还软件源程序。集线器与网桥的区别是（11）。 (11)A.集线器不能检测发送冲突，而网桥可以检测冲突 B.集线器是物理层设备，而网桥是数据链路层设备 C.网桥只有两介端口，而集线器是一种多端口网桥 D.网桥是物理层设备，而集线器是数据链路层设备【答案】B 【解析】集线器是物理层设备，相当于在 10BASE2 局域网中把连接工作站的同轴电缆收拢在一个盒子里，这个盒子只起到接收和发送的功能，可以检测发送冲突，但不能识别数据链路层的帧。网桥是数据链路层设备，它可以识别数据链路层 MAC 地址，有选择地把帧发送到输出端口，网桥也可以有多个端口，如果网桥端口很多，并配置了加快转发的硬件，就成为局域网交换机。根据 STP 协议，网桥 ID 最小的交换机被选举为根网桥，网桥 ID 由（12）字节的优先级

和 6 字节的（13）组成。 (12)A.2 B.4 C.6 D.8 (13)A.用户标识 B.MAC 地址 C.IP 地址 D.端口号【答案】A B 【解析】根据 STP 协议，网桥 ID 由 2 字节的网桥优先级和 6 字节的网桥 MAC 地址组成，取值范围为 0〜65535，默认值为 32768。关于 ICMP 协议，下面的论述中正确的是（14）。 (14)A.通过 ICMP 可以找到与 MAC 地址对应的 IP 地址 B.通过 ICMP 可以把全局 IP 地址转换为本地 IP 地址 C.ICMP 用于动态分配 IP 地址 D.ICMP 可传送 IP 通信过程中出现的错误信息【答案】D 【解析】 ICMP 与 IP 同属于网络层协议，用于传送有关通信问题的消息，例如数据报不能到达目标，路由器没有足够的缓存空间，或者路由器向发送主机提供最短通路信息等。支持 IPv6 地址的 ICMPv6 协议增加的邻居发现功能代替了 ARP 协议，ICMPvo 还为支持 IPv6 中的路由优化、IP 组播、移动 IP 等增加了一些新的报文类型。设信号的波特率为 500Baud，采用幅度-相位复合调制技术，由 4 种幅度和 8 种相位组成 16 种码元，则信道的数据速率为（15）。 (15)A.500 b/s B.1000 b/s C.2000 b/s D.4800 b/s 【答案】C 【解析】根据尼奎斯特定理，若信道带宽为 W，则最大码元速率为 B=2W (Baud) 尼奎斯特定理指定的信道容量也叫做尼奎斯特极限，这是由信道的物理特性决定的。码元携带的信息量由码元取的离散值个数决定。若码元取两个离散值，则一个码元携带 1 比特

（bit)信息。若码元可取 4 种离散值，则一个码元携带 2 比特信息。总之一个码元携带的信息量 n(比特数）与码元的种类个数 N 有如下关系： n=log2N (N=2n) 单位时间内在信道上传送的信息量（比特数）称为数据速率。在一定的波特率下提高速率的途径是用一个码元表示更多的比特数。如果把 2 比特编码为一个码元，则数据速率可成倍提高，公式为 R=Blog2N=2Wlog2N (b/s) 在本题中 B=500Baud, N=16,所以 R=Blog2N=500 X log216=2000b/s E1 载波的数据速率是（16）。E3 载波的数据速率是（17）。 (16)A.64kb/s B.2.048Mb/s C.34.368Mb/s D.139.26Mb/s (17)A.64kb/s B.2.048Mb/s C.34.368Mb/s D.139.26Mb/s 【答案】B C 【解析】 ITU-T E1 信道的数据速率是 2.048 Mb/s (见下图）。这种载波把 32 个 8 位一组的数据样本组装成 125μs 的基本帧，其中 30 个子信道用于话音传送数据，2 个子信道（CH0 和 CH16) 用于传送控制信令，每 4 帧能提供 64 个控制位。除了北美和日本外，E1 载波在其他地区得到广泛使用。按照 ITU-T 的多路复用标准，E2 载波由 4 个 E1 载波组成，数据速率为 8.448Mb/s。 E3 载波由 4 个 E2 载波组成，数据速率为 34.368 Mb/s。E4 载波由 4 个 E3 载波组成，数据速率为 139.264 Mb/s。E5 载波由 4 个 E4 载波组成，数据速率为 565.148 Mb/s。 ADSL 采用（18）技术把 PSTN 线路划分为话音、上行和下行三个独立的信道，同时提供电话和上网服务。采用 ADSL 联网，计算机需要通过（19）和分离器连接到电话入户接线盒。 (18)A.对分复用 B.频分复用 C.空分复用 D.码分多址 (19)A.ADSL 交换机 B.Cable Modem C.ADSL Modem D.无线路由器

【答案】B C 【解析】数字用户线路（Digital Subscriber Line, DSL)是以铜质电话线为传输介质的通信技术组合，采用频分复用技术把 PSTN 线路划分为话音、上行和下厅三个独立的信道。非对称 DSL (Asymmetric DSL, ADSL)在一对铜线上支持上行速率 640Kb/s〜1Mb/s、下行速率 1Mb/s 〜8Mb/s,有效传输距离在 3〜5 公里范围以内。在提供话音服务的同时还可以满足网上冲浪和视频点播等应用对带宽的要求。采用 ADSL 联网，计算机需要通过 ADSL Modem 和分离器连接到电话入户接线盒，如下图所示。下图中主机 A 和主机 B 通过三次握手建立 TCP 连接，图中（1）处的状态是（20），图（2）处的数字是（21）。 (20)A.SYN received B.Established C.Listen D.FIN wait

(21)A.100 B.101 C.300 D.301 【答案】A B 【解析】 TCP 连接管理如下图所示。由于主机 A 发出了连接请求（SendSYN)，所以主机 B 收到这个请求时的状态是 SYN received。又由于主机 A 发出的序列号是 100,所以主机 B 准备从 101 字节开始接收。 TCP 使用的流量控制协议是（22）。 (22)A.固定大小的滑动窗口协议 B.可变大小的滑动窗口协议 C.后退 N 帧 ARQ 协议 D.停等协议【答案】B 【解析】 TCP 的流量控制采用了可变大小的滑动窗口协议，由接收方指明接收缓冲区的大小 (字节数），发送方发送了规定的字节数后等待接收方的下一次请求。固定大小的滑动窗口协议

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