2013下半年网络管理员考试真题及答案-上午卷.doc

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Cache的作用是（4）。

(20)A.011010011B.011110010C.100101100D.10

FTP客户登录后上传文件使用的连接是（49）,该连接的默认端口为（50）。

Linux系统中，IP地址和主机名映射在（64）文件中指定。

SNMP协议使用的协议和默认端口为（68）

2013 下半年网络管理员考试真题及答案-上午卷在 Word 编辑状态下，将光标移至文本行首左侧空白处呈形状时，单击鼠标左键可以选中（1），按下（2）键可以保存当前文档。 (1)A.单词 (2)A.CTRL+S 【答案】B A B.—行 B.CTRL+D C.一段落 C.CTRL+H D.全文 D.CTRL+K 【解析】本题考查计算机基本操作。 (1)在 Word 编辑状态下，输入文字时有些英文单词和中文文字下面会被自动加上红色或绿色的波浪形细下划线，红色波浪线表示拼写错误，而绿色波浪线表示语法错误，这就是 Word 中文版提供的“拼写和语法”检査功能，它使用波浪形细下划线提醒你：此处可能有拼写或语法错误。 (2)使用 Word 中文版提供的热键 Ctrl+S 是可以保存当前文档；Ctrl+D 可以打幵字体选项卡；Ctrl+H 可以打开查找替换对话框的查找选项卡；Ctrl+K 可以打开超链接对话框。 “http://www.sina.com.cn”中，“(3）”属于组织和地理性域名。 (3)A.sina.com B.com.cn C.sina.cn D.www.sina 【答案】B 【解析】因特网最高层域名分为机构性（或称组织性）域名和地理性域名两大类。其中，域名地址由字母或数字组成，中间以”.“隔开，例如 www.sina.com.cn。其格式为：机器名.网络名.机构名.最高域名。Internet 上的域名由域名系统 DNS 统一管理。域名被组织成具有多个字段的层次结构。最左面的字段表示单台计算机名，其他字段标识了拥有该域名的组；第二组表示网络名，如 rkb;第三组表示组织机构性质，例如 gov 是政府部门；而最后一个字段被规定为表示组织或者国家，称为顶级域名，常见的国家或地区域名如表 1 所示。常见的机构性域名如表 2 所示。

Cache 的作用是（4）。 (4) A.处理中断请求并实现内外存的数据交换 B.解决 CPU 与主存间的速度匹配问题 C.增加外存容量并提高外存访问速度 D.扩大主存容量并提高主存访问速度【答案】B 【解析】本题考查计算机系统基础知识。 Cache 的工作是建立在程序与数据访问的局部性原理上。即经过对大量程序执行情况的结果分析：在一段较短的时间间隔内程序集中在某一较小的内存地址空间执行，这就是程序执行的局部性原理。同样，对数据的访问也存在局部性现象。为了提高系统处理速度才将主存部分存储空间中的内容复制到 Cache 中，同样为了提高速度的原因，Cache 系统都是由硬件实现的。因此，Cache 的作用是解决 CPU 与主存间的速度匹配问题。硬盘的性能指标不包括（5）;其平均访问时间=(6）。 (5) A.磁盘转速及容量 B.磁盘转速及平均寻道时间 C.盘片数及磁道数 D.容量及平均寻道时间 (6) A.磁盘转速+平均等待时间 B.磁盘转速+平均寻道时间

C.数据传输时间+磁盘转速 D.平均寻道时间+平均等待时间【答案】C D 【解析】本题考查计算机性能方面的基础知识。 (5)硬盘的性能指标主要包括磁盘转速、容量、平均寻道时间。 (6)硬盘平均访问时间=平均寻道时间+平均等待时间。其中，平均寻道时间(Average seek time）焉指硬盘在盘面上移动读写头至指定磁道寻找相应目标数据所用的时间，它描述硬盘读取数据的能力，单位为毫秒；平均等待时间也称平均潜伏时间（Average latency time），是指当磁头移动到数据所在磁道后，然后等待所要的数据块继续转动到磁头下的时间。以下文件中，(7）是图像文件。 (7)A.marry.wps B.marry.htm C.marry.jpg D.marry.mp3 【答案】C 【解析】本题考查多媒体基础知识。通过文件的扩展名可以得知文件的类型。“wps”是国产软件公司金山软件的文字处理系统默认的文档扩展名；“htm”是静态网页文件的扩展名；“mp3”是音频文件扩展名；“jpg” 是图像文件扩展名。掉电后存储在（8）中的数据会丢失。 (8)A.U 盘 B.光盘 C.ROM D.RAM 【答案】D 【解析】本题考查存储介质方面的基础知识。存储器是计算机系统中的记忆设备，分为内部存储器（Main Memory,MM,简称内存、主存）和外部存储器（简称外存）。 U 盘又称为 USB 闪存盘，是使用闪存（Flash Memory）作为存储介质的一种半导体存储设备，采用 USB 接口标准。闪存盘具备比软盘容量更大（8GB 和 16GB 是目前常见的优盘容景）、速度更快、体积更小、寿命更长等优点，而且容量不断增加、价格不断下降。根据不同的使用要求，U 盘还具有基本型、加密型和启动型等类型，在移动存储领域巳经取代了软盘。光盘是一种采用聚焦激光束在盘式介质上非接触地记录高密度信息的存储装置。其内容不会因掉电而丢失，可以长期保留。

ROM(Read Only Memory）是只读存储器，这种存储器是在厂家生产时就写好数据的，其内容只能读出，不能改变，故这种存储器又称为掩膜 ROM。这类存储器一般用于存放系统程序 BIOS 和用于微程序控制。 RAM(Random Access Memory）是读写存储器，该存储器是既能读取数据也能存入数据的存储器。这类存储器的特点是它存储信息的易失性，即一旦去掉存储器的供电电源，则存储器所存信息也随之丢失。关于软件著作权产生的时间，表述正确的是（9）。 (9) A.自软件首次公开发表时 B.自开发者有开发意图时 C.自软件开发完成之日时 D.自软件著作权登记时【答案】C 【解析】本题考查计算机软件知识产权方面的基础知识。根据《著作权法》和《计算机软件保护条例》的规定，计算机软件著作权的权利自软件开发完成之日起产生，保护期为 50 年。保护期满，除开发者身份权以外，其他权利终止。一旦计算机软件著作权超出保护期，软件就进入公有领域。某数据的 7 位编码为 0100011，若要增加一位奇校验位（最高数据位之前），则编码为（10）。 (10)A.11011100 B.01011100 C.10100011 D.00100011 【答案】D 【解析】本题考查校验基础知识。奇校验是指加入 1 个校验位后使得数据位和校验位中 1 的个数合起来为奇数。题目中数据的编码为 0100011，其中 1 的个数为 3,己经是奇数了，因此校验位应为 0,将校验位加在最高数据位之前得到的编码为 00100011。在堆栈操作中，(11）保持不变。 (11)A.堆栈的顶 B.堆栈的底 C.堆栈指针 D.堆栈中的数据【答案】B 【解析】本题考查计算机系统基础知识。根据栈的定义，对桟进行操作时，入栈和出桟操作都仅在桟顶进行，因此栈顶是变化的，

这通过堆栈指针来体现。保持不变的是栈底。在 Windows 系统中，对话框是特殊类型的窗口，其大小（12）;下图所示的对话框中， (13）是当前选项卡。 (12)A.不能改变，但可以被移动 B.可以改变，而且可以被移动 C.可以改变，允许用户选择选项来执行任务，或者提供信息 D.不能改变，而且不允许用户选择选项来执行任务，或者提供信息 (13)A.鼠标键 B.指针 C.指针选项 D.滑轮【答案】A C 【解析】在 Windows 系统中，对话框是特殊类型的窗口，其大小是不能改变的，但可以被移动。从题阁中可以看出，“指针选项”是当前选项卡。一个计算机算法是对特定问题求解步骤的一种描述。(14）并不是一个算法必须具备的特性；若一个算法能够识别输入的非法数据并进行适当处理或反馈，则说明该算法的（15）较好。 (14)A.可移植性 (15)A.可行性 B.可行性 B.正确性 C.确定性 C.健壮性 D.有穷性 D.确定性【答案】A C 【解析】本题考查算法基础知识。算法是问题求解过程的精确描述，它为解决某一特定类型的问题规定了一个运算过程，并且

具有下列特性。 ①有穷性。一个算法必须在执行有穷步骤之后结束，且每一步都可在有穷时间内完成。 ②确定性。算法的每一步必须是确切定义的，不能有歧义。 ③可行性。算法应该是可行的，这意味着算法中所有要进行的运算都能够由相应的计算装置所理解和实现，并可通过有穷次运算完成。 ④输入。一个算法有零个或多个输入，它们是算法所需的初始量或被加工的对象的表示。这些输入取自特定的对象集合。 ⑤输出。一个算法有一个或多个输出，它们是与输入有特定关系的量。算法的健壮性也称为鲁棒性，即对非法输入的抵抗能力。对于非法的输入数据，算法应能加以识别和处理，而不会产生误动作或执行过程失控。以下关于软件维护的叙述中，错误的是（16）。 (16)A.软件维护解决软件产品交付用户之后运行中发生的各种问题 B.软件维护期通常比开发期长得多，投入也大得多 C.软件的可维护性是软件开发阶段各个时期的关键目标 D.软件工程存在定量度量软件可维护性的很好的普遍适用的方法【答案】D 【解析】本题考查软件工程中软件维护的基础知识。在软件开发完成交付用户使用后，就进入软件运行/维护阶段。在维护阶段，对软件进行的任何工作，都视为软件维护。软件维护阶段通常比软件开发阶段，包括需求分析、软件设计、软件构造和软件测试，时间更长，需要的投入也更多。由于软件的需求会随时发生变化，软件的错误也不可能在测试阶段全部能发现和修改，环境和技术在发生变化，开发团队也会有变化，因此在开发过程的每个阶段都应该以可维护性作为重要的目标。目前，可维护性还没有很好的定量度量指标。以下关于软件测试的叙述中，不正确的是（17）。 (17)A.软件测试的目的是为了发现错误 B.成功的测试是能发现至今尚未发现的错误的测试 C.测试不能用来证明软件没有错误 D.当软件不存在错误时，测试终止

【答案】D 【解析】本题考查软件测试的基础知识。软件测试是为了发现错误而执行程序的过程。因此软件测试的目的是发现软件的错误。成功的测试是能发现至今尚未发现的错误的测试。软件测试不能证明软件中不存在错误，只能说明软件中存在错误。穷举测试是不实际的，因此不能说明软件不存在错误，才终止测试。专业程序员的职业素养要求中不包括（18）。 (18)A.要严格按照程序设计规格说明书编写程序，不应该有任何质疑 B.不要为了赶工期而压缩测试，要反复测试确信代码能正常运行 C.既要善于独处，又要善于合作，要不断学习，不要落后于时代 D.要勇担责任，出了错误自己来收拾，确保以后不再犯同样的错【答案】A 【解析】本题考查软件工程实践的基础知识（专业程序员的职业素养）。程序员的主要任务是按照程序设计规格说明书编写程序。但对于专业程序员来说，不能简单机械地按照它编写程序，而是需要深刻理解它。对于其中不合理之处或低效之处，应该有所质疑，并与软件设计师讨论。有时，需要理解其中的关键点，有时需要更正一些错误，有时需要更换算法或修改流程，有时需要优化流程。软件设计师一般都会欢迎专业程序员的质疑，加深对算法的理解和认识，纠正可能有的错误，提高软件的质量。测试是软件开发过程中必不可少的重要步骤。因为一般的软件都或多或少包含了一些错误，必须反复通过严格的测试才能保障软件的质量。许多程序员为了赶工期而压缩测试环节，导致交付的软件隐藏不少问题。这不是专业程序员应有的职业素质。专业程序员既要善于独处，冷静思考处理复杂逻辑的正确性；又要善于合作，认真讨论与其他部分的接口，听取别人的评审和改进意见。过分欣赏自己的小技巧，固执己见常常导致软件出错。由于软件技术发展更新快，程序员需要不断学习，不要落后于时代。专业程序员有时也会犯错误，但要勇担责任，不能总想把问题推到别人身上。出了错误要由自己来收拾，确保以后不再犯同样的错。即使是自己的下属犯错误，也要自己来承担检查不仔细、教育不够的责任。 10 个 9600b/s 的信道按时分多路方式复用在一条线路上传输，如果忽略控制开销，在同步 TDM 情况下，复用线路的带宽是（19）。

(19)A.32Kb/s B.64Kb/s C.72Kb/s D.96Kb/s 【答案】D 【解析】根据题意计算如下：9.6Kb/sX10=96Kb/s 下图中画出曼彻斯特编码和差分曼彻斯特编码的波形图，实际传送的比特串为（20）。 (20)A.011010011 B.011110010 C.100101100 D.100001101 【答案】A 【解析】曼彻斯特编码是一种双相码，用高电平到低电平的转换边表示“0”，而用低电平到高电平的转换边表示“1”，相反的表示也是允许的。比特中间的电平转换边既表示了数据代码，同时也作为定时信号使用。差分码又称相对码，在差分码中利用电平是否跳变来分别表示“1” 或“0”，分为传号差分码和空号差分码。传号差分码是输入数据为“1”时，编码波型相对于前一代码电平产生跳变；输入为“0”时，波形不产生跳变。空号差分码是当输入数据为 “0”时，编码波形相对于前一代码电平产生跳变；输入为“1”时，波形不产生跳变。差分曼彻斯特编码兼有差分码和曼彻斯特编码的特点，与曼彻斯特编码不同的是，这种码元中间的电平转换边只作为定时信号，而不表示数据。根据两种编码的特点，可判定传送的比特串为 011010011。设信号的波特率为 600Baud,采用幅度一相位复合调制技术，由 2 种幅度和 8 种相位组成 16 种码元，则信道的数据速率为（21）。 (21)A.600b/s B.2400b/s C.4800b/s D.9600b/s 【答案】B 【解析】波特率为 600Baud,如果采用 16 种码元，则每个码元可表示 4 比特信息，所以信道的数

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