2011下半年程序员考试真题及答案-上午卷.doc

发布时间：2022-10-10 发布人：admin 分类：说明书资料大小：0.32M 资料格式：doc 举报版权申诉

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(1)A.在“插入”菜单中，单击“符号”命令

B.在“插入”菜单中，单击“对象”命令

(3)A.TRUEB.FALSEC.88>=85D.=88>=85

(4)A.40 和 75B.40 和 65C.-40 和 75D.-40 和 65

(5)A.教育部门，国家域名是eduB.政府部门，国家域名是cn

(6)A.主存B.辅存C.寄存器D.高速缓存

(8)A.BCD 码B.ASCII 码C.海明码D.CRC 码

(9)A.串行工作，数据传送过程与主程序也是串行工作

(10)A.CacheB.主存储器C.U盘D.磁盘

(12)A.采样B.量化C.编码D.调频

(13)A.显示分辨率B.图像分辨率C.显示深度D.图像深度

(14)A.感觉媒体B.传输媒体C.表现媒体D.存储媒体

(15)A.AESB.RSAC.IDEAD.DES

DDoS攻击的特征不包括(16)。

(18)A.M摄影家B.L公司C.社会公众D.M摄影家与L公司

(19)A.精度高、范围大则采用格式1;要求精度低、范围小则采用格式2

(20)A.x>yB.x

(21)A.00101110B.10101110C.01010001D.11010

(23)A.回收站B.剪贴板C.USB盘D.C:\Documents\

(25)A.批处理操作系统B.分时操作系统

(26)A.16B.32C.64D.128

(28)A.为变量命名B.为注释标记位置C.为函数命名 D.为数据类型命名

(29)A.cd+ab-*B.ab*c-d+C.abcd+-*D.abcd*-+

(35)A.(m-1)*n+n-1B.(m-1)*nC.m*(n—1)D.m*n

(36)A.得到出栈序列为abcB.得到出栈序列为bac

(37)A.a[6]、a[2]、a[5]B.a[6]、a[4]、a[5]

(38)A.m是n的左孩子 B.m是n的右孩子

C.n是m的左孩子 D.n是m的右孩子

(39)A.插入排序B.选择排序C.快速排序D.冒泡排序

(40)A.从根结点到任何一个叶子结点的路径上，结点的关键码序列呈递增排列

(41)A.4B.7C.28D.56

(42)A.dabcB.dcbaC.dcabD.dacb

(43)A.n(n-1)B.n(n+1)C.n(n-1)/2D.n(n+1)/2

(44)A.关系B.属性C.标识D.对象

(45)A.只有Base的属性

(46)A.状态图B.序列图C.活动图D.通信图

(47)A.通信图B.类图C.活动图D.序列图

(48)A.封装B.继承C.多态D.重载

(50)A.每个任务从何时开始B.每个任务到何时结束

(52)A.功能需求B.性能需求C.环境需求D.用户界面需求

(54)A.CMMI, Agile、LeanB.Lean、CMMI、Agile

(55)A.比较快，提前完成了任务B.先慢后快，提前完成了任务

(57)A.易使用性B.高效性C.可维护性D.可移植性

AND (62)；

(59)A.SnoB.SnameC.SDD.SAdd

(60)A.SnoB.SnameC.SDD.SAdd

(61)A.SD='MS'B.SD<>'MS'C.'SD'=MSD.'SD'<>MS

(62)A.SD='MS'B.SD<>'MS'C.'SD'=MSD.'SD'<>MS

(64)A.13.5434B.13.5409C.13.5262D.13.5238

(65)A.4B.5C.6D.X

(66)A.物理层B.数据链路层C.网络层D.传输层

（67）A.2B.3C.5D.6

（68）A. ConnectionB.CommandC.RecordSetD.Err

(69)A.FTP协议仅支持下载文件，不能上传文件B.FTP协议使用2个端口号

(70)A.邮件服务器配置故障

(71)A.waterfall B.incremental C.spiralD.pr

(72) is the process of arranging a group of data e

(72)A.FileB.RecordC.SortingD.Database

(73) testing is the responsibility of the programm

(73)A.AcceptanceB.SystemC.Black boxD.White

(74)A.protocolB.languageC.programD.command

Software (75) occurs following delivery of a softw

(75)A.analysisB.designC.implementationD. Mai

2011 下半年程序员考试真题及答案-上午卷在 Word 2003 的编辑状态下，若要插入公式，应该(1)，选择“公式 3.0”；若要修改已输入的公式，(2)，打开公式编辑窗口，再进行修改即可。 (1)A.在“插入”菜单中，单击“符号”命令 B.在“插入”菜单中，单击“对象”命令 C.在“编辑”菜单中,单击“符号”命令 D.在“编辑”菜单中,单击“对象”命令 (2)A.只需单击此公式 B.在“编辑”菜单中单击查找命令 C.只需双击此公式 D.在“编辑”菜单中单击替换命令【答案】B C 【解析】本题考査文字处理软件应用方面的基本操作知识。在 Word 2003 的编辑状态下，若要插入公式，应该在“插入”菜单中，单击“对象”命令，在弹出的“对象”对话框中选择“公式 3.0”，如下图所示。若要修改已输入的公式，只需双击此公式，打开公式编辑窗口，再进行修改即可。在 Excel 中，若在 A1 单元格输入“=88>=85”，则 A1 单元格显示的值为(3). (3)A.TRUE B.FALSE C.88>=85 D.=88>=85 【答案】A 【解析】本题考查电子表格软件应用方面的基本操作知识。在 Excel 中，公式必须以等号“=”开头，系统将号后面的字符串识别为公式。“>=”为大于等于比较运算符，由于在 A1 单元格输入“=88>=85”，比较结果为真，则 A1 单元格显示

的值为 TRUE。在 Excel 中，若 Al、A2、A3、A4、A5、A6 单元格的值分别为 90、70、95、55、 80、 60，在 B1 单元格中输入“=MIN(A1:A6) —MAX(A1:A6)”，B2 单元格中输入“=AVERAGE(A1:A6)"，则 B1 和 B2 单元格的值分别为(4)。 (4)A.40 和 75 B.40 和 65 C.-40 和 75 D.-40 和 65 【答案】C 【解析】本题考查电子表格软件应用方面的基本操作知识。 Al、A2、A3、A4、A5、A6 单元格的值分别为 90、70、95、55、80、60，若在 B1 单元格中输入“=MIN(A1:A6)—MAX(A1:A6)”，就是用这些数中的最小者减去最大者，即 55-95，结果应为-40;若在 B2 单元格中输入“=AVERAGE(A1:A6)”，则是求这些数的平均值，结果应为 75。网址 http://www.tsinghua.edu.cn 表示其对应的网站属于(5)。 (5)A.教育部门，国家域名是 edu B.政府部门，国家域名是 cn C.教育部门，国家域名是 cn D.政府部门，国家域名是 edu 【答案】C 【解析】本题考查网络域名方面的基本知识。域名由两个或两个以上的词构成，中间由隔开，最右边的那个词称为顶级域名。在域名系统中，顶级域名划分为组织模式和地理模式两类。www.tsinghua.edu.cn 地理模式的顶级域名为 cn,可以推知它是中国的网站地址；组织模式的顶级域名为 edu 属于教育机构组织模式类的网站地址。下列存储器件中，存取速度最怏的是(6)。 (6)A.主存 B.辅存 C.寄存器 D.高速缓存【答案】C 【解析】本题考査计算机系统基础知识。计算机系统中不同的存储器，通过适当的硬件、软件有机地组合在一起形成计算机的存储体系。一般情况下，计算机的存储体系结构可用下图所示的多级结构存储系统进行描述。其中

CPU 中的寄存器组访问速度最快，其次是高速缓存(Cache,也可分为多级 LI Cache、L2 Cache 等，LI Cache 常集成在 CPU 中)、主存储器，外存储器（辅助存储器）速度最慢。程序计数器(PC)包含在(7)中。 (7)A.运算器 B.控制器 C.存储器 D.I/O 接口【答案】B 【解析】本题考查计算机系统基础知识。 CPU 主要由运算器、控制器、寄存器组、内部总线等部件组成。其中，控制器由程序计数器、指令寄存器、指令译码器、时序产生器和操作控制器组成，它是发布命令的“决策机构”，即完成协调和指挥整个计算机系统的操作。运算器由算术逻辑单元（ALU)、累加寄存器、数据缓冲寄存器和状态条件寄存器组成，它是数据加工处理部件。 CPU 中的寄存器可分为专用寄存器和通用寄存器。通用寄存器用途广泛并可由程序员规定其用途，其数目因处理器不同有所差异。专用寄存器的功能是专门的，有数据缓冲寄存器（DR)、指令寄存器（IR)、程序计数器（PC)、地址寄存器（AR)、累加寄存器（AC)、状态条件寄存器（PSW)等。目前，在微机和小型机中，通常采用的常用字符编码是(8)。 (8)A.BCD 码 B.ASCII 码 C.海明码 D.CRC 码【答案】B 【解析】本题考查计算机系统中数据表示基础知识。 BCD 码（Binary-Coded Decimal)亦称二进码十进数或二-十进制代码。用 4 位二进制数

来表示 1 位十进制数中的 0〜9 这 10 个数码。目前计算机中用得最广泛的字符集及其编码是由美国国家标准局（ANSI)制定的 ASCII 码（American Standard Code for Information Interchange，美国标准信息交换码），它已被国际标准化组织（ISO)定为国际标准，称为 ISO646 标准。适用于所有拉丁文字字母， ASCII 码有 7 位码和 8 位码两种形式。海明码是由 R.Hamming 在 1950 年提出的，是一种可以纠错的编码。它是在 k 位信息位中增加 r 位冗余位构成的 n=k+r 位的码字，然后用 r 个监督关系式产生的 r 个校正因子来区分无错和在码字中的 n 个不同位置的一位出错。 CRC 即循环冗余校验码（Cyclic Redundancy Check)，是数据通信领域中最常用的一种差错校验码，其特征是信息字段和校验字段的长度可以任意选定。在单 CPU 系统中，若 I/O 设备与主机采用中断控制方式交换信息，则 CPU 与 I/O 设备间是(9)。 (9) A.串行工作，数据传送过程与主程序也是串行工作 B.串行工作，数据传送过程与主程序间是并行工作 C.并行工作，数据传送过程与主程序是串行工作 D.并行工作，数据传送过程与主程序也是并行工作【答案】C 【解析】本题考查计算机系统中的中断知识。中断方式下的数据传送的基本过程是：当 I/O 接口准备好接收辫据或准备好向 CPU 传送数据时，就发出中断信号通知 CPU。对中断信号进行确认后，CPU 保存正在执行的程序的现场，转而执行提前设置好的 I/o 中断服务程序，完成一次数据传送的处理。这样，CPU 就不需要主动查询外设的状态，在等待数据期间可以执行其他程序，从而提高了 CPU 的利用率。采用中断方式管理 I/O 设备，CPU 和外设可以并行地工作，但是数据传送过程与主程序是串行工作。总线宽度分为地址总线宽度和数据总线宽度。其中，地址总线宽度决定了 CPU 能够使用多大容量的(10)：若计算机的地址总线的宽度为 32 位，则最多允许直接访问(11)的物理空间。

(10)A.Cache B.主存储器 (11)A.4MB B.400MB C.U 盘 C.4GB D.磁盘 D.400GB 【答案】B C 【解析】本题考查计算机系统方面的基本知识。在计算机中总线宽度分为地址总线宽度和数据总线宽度。其中，数据总线的宽度（传输线的数目）决定了通过它一次所能传递的二进制位数。显然，数据总线越宽则每次传递的位数越多，因而，数据总线的宽度决定了在主存储器和 CPU 之间数据交换的效率。地址总线宽度决定了 CPU 能够使用多大容量的主存储器，即地址总线宽度决定了 CPU 能直接访问的内存单元的个数。假定地址总线是 32 位，则能够访问 232=4GB 个内存单元。音频信息数字化的过程不包括(12)。 (12)A.采样 B.量化 C.编码 D.调频【答案】D 【解析】本题考查多媒体基础知识。音频信息是一种模拟信号，在计算机中必须将其转换成为数字音频信号，即用二进制数字的编码形式来表示音频信息。最基本的音频信息数字化方法是取样-量化法，分为采样、量化和编码 3 个步骤。采样是把时间连续的模拟信号转换成时间离散、幅度连续的信号。在某些特定的时刻获取音频信号幅值叫做采样，由这些特定时刻采样得到的信号称为离散时间信号。一般都是每隔相等的一小段时间采样一次，其时间间隔称为取样周期，它的倒数称为采样频率。为了不产生失真，采样频率不应低于音频信号最高频率的两倍。采样频率越高，可恢复的音频信号分量越丰富，其声音的保真度越好。量化是把在幅度上连续取值（模拟量）的每一个样本转换为离散值（数字量）表示，因此量化过程有时也称为 A/D 转换(模数转换)。量化后的样本是用若干位二进制数(bit)来表示的，位数的多少反映了度量音频波形幅度的精度，称为量化精度，也称为量化分辨率。量化精度越髙，声音的质量越好，需要的存储空间也越多；量化精度越低，声音的质量越差，而需要的存储空间少。经过采样和量化处理后的音频信号己经是数字形式了，但为了便于计算机的存储、处理和传输，还必须按照一定的要求进行数据压缩和编码，即选择某一种或者几种方法对它进行数据压缩，以减少数据量，再按照某种规定的格式将数据组织成为文件。

表示显示器在横向和纵向上具有的显示点数的指标称为(13)。 (13)A.显示分辨率 B.图像分辨率 C.显示深度 D.图像深度【答案】A 【解析】本题考查多媒体基础知识。图像显示的重要指标主要有图像分辨率、显示分辨率、图像深度、显示深度。图像分辨率是指组成一幅图像的像素密度，也是用水平和垂直的像素表示，即用每英寸长度多少点表示数字化图像的大小，通常单位是 dpi,如在 1 英寸长度上有 100 个像素，则图像分辨率就是 100dpi。如果用 200dpi 来扫描一幅 2X2.5 英寸的彩色照片，那么得到一幅 400X500 (2X200X2.5X200)个像素点的图像。对同样大小的一幅图，如果组成该图的图像像素数目越多，则说明图像的分辨率越高，图像看起来就越逼真。相反，图像显得越粗糙。因此，不同的分辨率会造成不同的图像清晰度。显示分辨率是指显示屏上能够显示出的像素点数目（显示器在横向和纵向上具有的显示点数)。例如，显示分辨率为 1024X768 则表明显示器水平方向上最多显示 1024 个点，垂直方向上最多显示 768 个点，整个显示屏就含有 796 432 个显像点。屏幕能够显示的像素越多，说明显示设备的分辨率越高，显示的图像质量越高。图像深度是指存储每个像素所用的位数，它也是用来度量图像的色彩分辨率的。像素深度确定彩色图像的每个像素可能有的颜色数，或者确定灰度图像的每个像素可能有的灰度级数。它决定了彩色图像中可出现的最多颜色数，或灰度图像中的最大灰度等级。如一幅图像的图像深度为 b 位，则该图像的最多颜色数或灰度级为 2b 种。显然，表示一个像素颜色的位数越多，它能表达的颜色数或灰度级就越多。具有 24 位颜色的数字图像上，每个像素能够使用的颜色是 224=16 777 216 种，这种数字图像就称为真彩色。若像素值是通过索引或代码查表的方法得到的色彩则称为伪彩色。显示深度是显示器上每个点用于显示颜色的二进制位数，一般的计算机都应该配有能达到 24 位显示深度的显示适配卡和显示器，这样的显示适配卡和显示器就称为真彩色卡和真彩色显示器。使用显示器显示数字图像时，应当使显示器的显示深度大于或等于数字图像的深度，这样显示器就可以完全反映数字图像中使用的全部颜色。多媒体计算机系统中，内存和光盘属于(14)。 (14)A.感觉媒体 B.传输媒体 C.表现媒体 D.存储媒体

【答案】D 【解析】本题考查多媒体基础知识。按照国际电话电报咨询委员会(Consultative Committee on International Telephone and Telegraph)的定义，媒体可以归类为：感觉媒体：指直接作用于人的感觉器官，使人产生直接感觉的媒体，如引起听觉反应的声音，引起视觉反应的图像等。表示媒体：指传输感觉媒体的中介媒体，即用于数据交换的编码，如图像编码 (JPEG、 MPEG)、文本编码（ASCII、GB2312)和声音编码等。表现媒体：指进行信息输入和输出的媒体，如键盘、鼠标、扫描仪、话筒、摄像机等为输入媒体；显示器、打印机、喇叭等为输出媒体。存储媒体：指用于存储表示媒体的物理介质，如磁盘、光盘、ROM 及 RAM 等。传输媒体：指传输表示媒体的物理介质，如电缆、光缆、电磁波等。下面加密算法中，加密和解密需要用不同密钥的是(15)。 (15)A.AES B.RSA C.IDEA D.DES 【答案】B 【解析】本题考查加密算法的基础知识。加密算法根据加密密钥和解密密钥是否相同分为共享密钥算法和公钥加密算法。若使用的加密密钥和解密密钥是相同的，则称为共享密钥算法，而使用不同的密钥进行加密和解密的算法称为公钥加密算法。在以上算法中，DES、AES 和 IDEA 都是共享密钥算法，只有 RSA 是公钥加密算法。 DDoS 攻击的特征不包括(16)。 (16)A.攻击者从多个地点发起攻击 B.被攻击者处于“忙”状态 C.攻击者通过入侵，窃取被攻击者的机密信息 D.被攻击者无法提供正常的服务【答案】C 【解析】本题考查网络安全方面网络攻击相关的基础知识。造成 DoS (Denial of Service,拒绝服务）的攻击行为被称为 DoS 攻击，其目的是使计算机或网络无法提供正常的服务。最常见的 DoS 攻击有计算机网络带宽攻击和连通性攻击。带宽攻击指以极大的通信量冲击网络，使得所有可用网络资源都被消耗殆尽，最后导致合法

的用户请求无法通过。连通性攻击是指用大量的连接请求冲击计算机，使得所有可用的操作系统资源都被消耗殆尽，最终计算机无法再处理合法用户的请求。分布式拒绝服务（Distributed Denial of Service，DDoS)攻击指借助于客户/服务器技术，将多个计算机联合起来作为攻击平台，对一个或多个目标发动 DoS 攻击，从而成倍地提高拒绝服务攻击的威力。通常，攻击者使用一个偷窃账号将 DDoS 主控程序安装在一个计算机上，在一个设定的时间主控程序将与大量代理程序通信，代理程序已经被安装在互联网上的许多计算机上。代理程序收到指令时就发动攻击。利用客户/服务器技术，主控程序能在几秒钟内激活成百上千次代理程序的运行^ 从 DDoS 的攻击目的来看，主要目标是被攻击者无法提供正常的服务，而不是窃取被攻击者的机密信息。著作权权利人不包括（17)。 (17)A.发明人 B.翻译人 C.汇编人 D.委托人【答案】A 【解析】本题考查知识产权方面的基础知识，涉及著作权主体的相关概念。著作权的主体又称著作权人，是指依法对文学、艺术和科学作品享有著作权的人，包括作者以及其他依法享有著作权的公民、法人或者其他组织。. 通过改编、翻译、注释、整理已有作品而产生的作品是演绎作品，其著作权属于改编人、翻译人、注释人和整理人。汇编作品指对若干作品、作品的片段或者其他材料内容经选择或者编排体现独创性的作品，其著作权属于汇编人。受他人委托创作的作品是委托作品，其著作权由合同约定。如果合同中未作明确约定或者没有订立合同的，著作权属于受托人即作者。 M 摄影家将自己创作的一幅摄影作品原件出售给了 L 公司。这幅摄影作品的著作权应属于(18)。 (18)A.M 摄影家 B.L 公司 C.社会公众 D.M 摄影家与 L 公司【答案】A 【解析】本题考査知识产权方面的基础知识，涉及著作权归属的相关概念。 M 摄影家将摄影作品原件出售给 L 公司后，这幅摄影作品的著作权仍属于摄影家。这是

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